huong dan bai tap so do mang pert
Giáo trình hướng dẫn tìm hiểu sơ đồ mạng APC phần 1 pptx
Ngày tải lên :
14/08/2014, 12:21
... [active |
successor.
pending | zero-
successors]
Show ip eigrp
topology all-links
Show ip eigrp
Hiển thị thông tin về mọi đờng đi chứ không chỉ có feasible
successor trong bảng cấu ... của các EIGRP feasible successor giúp
chúng ta xác định khi nào tiến trình định tuyến cài đặt và xoá
thông tin cập nhật về đờng đi.
.
302
từ trạng thái đó. Do đó trong ví dụ này chỉ cần ... láng giềng là bảng quan trọng nhất trong EIGRP. Mỗi EIGRP lu một bảng
láng giềng, trong đó là danh sách các router láng giềng thân mật. Bảng này tơng
tự nh cơ sở dữ liệu về láng giềng của OSPF....
- 10
- 252
- 0
Lời giải và hướng dẫn bài tập đại số sơ cấp - Chương 6 potx
Ngày tải lên :
28/07/2014, 10:20
... 2
x
x
=
⇔
=
Ta loại trường hợp
cos 2.
x
=
Như vậy ta có
( )
cos 0 ; .
2
x x k k
π
π
= ⇔ = + ∈
ℤ
Do
[
]
0;14
x ∈ suy ra
( )
0 14,
2
k k
π
π
≤ + ≤ ∈
Z
{ }
1 14 1
, 0;1;2;3 .
2 2
k k k
π
⇔ − ≤ ... =
⇔ − + − =
⇔ =
Khi
1
t
=
thì
tan 1
2
x
=
2 ,( ).
2 4 2
x
k x k k
π π
π π
⇔ = + ⇔ = + ∈
ℤ
So với điều kiện ta có nghiệm của phương trình đã cho là
( )
2 , .
2
x k k
π
π
= + ∈
ℤ
2) sin ... x
x
+
= +
−
330
3
,( )
12 2
6
k
x
k
x k
x k
π
π π
π
π
=
⇔ = − ∈
= − −
ℤ
So với điều kiện ta có nghiệm của phương trình đã cho là
( )
, , .
3 12 2
k k
x x k
π π π
= = −...
- 50
- 738
- 5
Lời giải và hướng dẫn bài tập đại số sơ cấp - Chương 5 pdf
Ngày tải lên :
28/07/2014, 10:20
... 1
t t t
t t
⇔ + ≥ − +
⇔ + ≥ −
2
30 1 9 6 1
t t t
⇔ + ≥ − +
(do
1 3 1 0)
t t
≥ ⇒ − >
2
9 36 0
t t
⇔ − ≤
0 4
t
⇔ ≤ ≤
So với điều kiện
1
t
≥
ta được
1 4 1 2 4 0 2.
x
t x
≤ ≤ ⇔ ≤ ... y
x x
=
⇔
+ = −
(do
0, 0
x y
> >
).
Ta có hàm số 3
y x
= − nghịch biến trên
[0; )
D
= +∞
và hàm số
2
3
y x
= +
là một
hàm số đồng biến trên
,
ℝ
do đó cũng đồng biến trên ... ≥
≥
So với điều kiện thì tập hợp nghiệm của bất phương trình đã cho là
[
)
2; .
+∞
Chú ý. Vì
4 4 0,
x
x
+ > ∀
nên từ
2 1 2 1
4 4 2 3.2 2 3.2 0,
x x x x x+ +
+ ≤ − ⇒ − >
do đó có...
- 70
- 838
- 10
Lời giải và hướng dẫn bài tập đại số sơ cấp - Chương 4 ppt
Ngày tải lên :
28/07/2014, 10:20
... =
⇔ + − = +
(
)
2 2
4 2 5 3 4 4
x x x x
⇔ − − = + +
(Do
3
x
≥
nên
2 0)
x
+ >
2
7 24 16 0
4
4
7
x x
x
x
⇔ − − =
=
⇔
−
=
So với điều kiện
(
)
,
∗
ta có nghiệm của phương trình ... m
m
x x m
m
m I
x x m
≥
− + − ≤
≥
⇔
− + − ≤ −
≥
⇔ − ≥
− + + − ≥
Do
2
1
2 9 4 0 ;4
2
x x x
− + > ∀ ∈
nên
( ) ( )
2
2 2
1
32 2 9 4 14 0, ;4
2
x x ... ⇔
− >
− > >
− <
− − < − <
Do
2
x
≥
nên
( )
I
vô nghiệm.
Ta giải
( )
II
2 2
2
1 1
1.
2
2
x x
x
x x x
x x x
> >
⇔...
- 54
- 743
- 9
Lời giải và hướng dẫn bài tập đại số sơ cấp - Chương 3 ppsx
Ngày tải lên :
28/07/2014, 10:20
... c y z
= + = + = +
Điều kiện
(
)
3
x x y z yz
+ + = trở thành
2 2 2
.
c a b ab
= + −
176
Do đó bất phương trình đã cho tương đương với
( )
2 2
2 2
2 1 3 5
3 5 6 2 1
x x x mx
x mx x x
− ... ca A
+ + + ≤ + + + + +
⇒ ≤ + + + + +
Mà
( )
2
1 1
3 3
ab bc ca a b c
+ + ≤ + + =
.
Do đó
30.
A
≥
(Đpcm)
Dấu “=” xảy ra khi và chỉ khi
1
.
3
a b c
= = =
III.5. 1) Áp dụng bất ...
Ta có
2
4 5
t x x
= + −
2 4 0 2
t x x
′
⇒ = + = ⇔ = −
.
Với
1
x
> −
thì
8,
t
> −
do đó (1) đúng
1
x
∀ > − ⇔
(2) đúng
8
t
∀ > −
.
Xét
2
( ) 8 ,
f t t t
= +
ta có
2 8...
- 37
- 888
- 13
Lời giải và hướng dẫn bài tập đại số sơ cấp - Chương 2 pot
Ngày tải lên :
28/07/2014, 10:20
... thì
(
)
0 0
;
y x
cũng là nghiệm của hệ, do đó hệ có nghiệm duy nhất thì
0 0
x y
=
. Khi đó ta có
2 2
0 0 0 0 0
2 0(*)
x x x m x x m= − + ⇔ − + =
Do
0
x
duy nhất nên phương trình (*) phải ... −
⇔ ⇔
+ − + = + + − =
·
0,
y
=
suy ra
1,
x
=
do đó ta được nghiệm
(
)
1;0 .
·
1,
y
= −
suy ra
1,
x
=
do đó ta được nghiệm
(
)
1; 1 .
−
·
1 ,
y x
= −
ta có phương ...
Ta có
2
1 0
u u
+ − ≥
Do
2
1
1
1u
≤
+
mà
ln3 1
>
nên
2
1
ln3 0.
1u
− ≥
+
Vậy,
( ) 0.
g u
′
≥
Suy ra hàm số
( )
g u
luôn luôn đồng biến trên
.
ℝ
Do đó
(
)
∗
nếu có nghiệm...
- 53
- 730
- 6
Lời giải và hướng dẫn bài tập đại số sơ cấp - Chương 1 pot
Ngày tải lên :
28/07/2014, 10:20
... 90
25 5 1 4 1
.
16 4 4 4
x y
⇔ ≤ +
(Do
5
4
x y
+ =
)
4 1
5 5.
4
A
x y
⇔ ≤ + ⇒ ≥
Dấu “=” xảy ra khi và chỉ khi
1
1
1
1
4
4
5
4
x
x
x
y
y
y
x ...
0
0.
x
≠
Vì
( )
y f x
=
là hàm số lẻ nên
(
)
(
)
0 0
.
f x f x
− = −
Suy ra
(
)
0
0
f x
− =
và do đó
0
x
−
cũng là một nghiệm của phương trình
(
)
0.
f x
=
Từ đây
ta có nếu
0
x
là một ... 0
f f
=
(
)
0 0
f
⇔ =
∨
(
)
0 1
f
=
. Nhưng theo bài ra ta có
(
)
f x
0
≠
,
x
∀ ∈
ℝ
do
đó
(
)
0 1
f
=
.
b) Hàm số
(
)
y f x
= xác định trên
ℝ
nên tập xác định của hàm số đã cho...
- 22
- 1K
- 7
Bài tập lớn nguyên lý máy - P4: Hướng dẫn bài tập lớn
Ngày tải lên :
29/10/2012, 09:20
... các khâu tính toán nh sau :
* Khâu chuyển động tịnh tiến :
.
qS
Pma=
G
G
+ Phơng và chiều: song song và ngợc chiều với
S
a
G
+ Giá trị: m.a
S
với
S
a
G
là gia tốc trọng tâm của khâu. ... Khâu quay quanh một trục cố định không đi qua trọng tâm:
.
qS
Pma=
G
G
+ Phơng và chiều: song song và ngợc chiều với
S
a
G
+ Giá trị: m.a
S
với
S
a
G
là gia tốc trọng tâm của khâu. ... trình (1), ta phân lực
34
R
G
thành hai thành phần :
34
t
R
G
vuông góc với DE và
34
n
R
G
song
song với DE. Ly momen i vi im E của tất cả các lực tác dụng lên khâu 4, suy c :
34
t
R
.
Gii...
- 10
- 15.6K
- 567
