Nguyễn Ngọc Anh – Hocmai.vn : giáo viên luyện thi online offline Hà Nội Tel : 0984963428 Fb : thaygiaoXman ( Nguyen Ngoc Anh ) BÀI TẬP VẬN DỤNG CAO 9+ NĂM 2019 Câu 1.Hòa tan hết 15,0 gam hỗn hợp X gồm Fe, Fe3 O4 , FeCO3 Fe(NO3 )2 dung dịch chứa NaHSO4 0,16 mol HNO3 , thu dung dịch Y hỗn hợp khí Z gồm CO2 NO (tỉ lệ mol tương ứng : 4) Dung dịch Y hòa tan tối đa 8,64 gam bột Cu, thấy thoát 0,03 mol khí NO Nếu cho dung dịch Ba(OH)2 dư vào Y, thu 154,4 gam kết tủa Biết phản ứng xảy hồn tồn khí NO sản phẩm khử trình Phần trăm khối lượng Fe đơn chất hỗn hợp X là: A 48,80% B 33,60% C 37,33% D 29,87% Giải Chọn đáp án C 2  - Dung dịch Y gồm Fe 3+, H+, Na+, NO3 SO (dung dịch Y khơng chứa Fe2+, khơng tồn dung dịch chứa  Fe2+, H+ NO3 ) - Khi cho dung dịch Y tác dụng với 0,135 mol Cu thì: BT:e   n Fe3  2n Cu  3n NO  0,18 mol    n  4n NO  0,12 mol   H  d­  - Khi cho dung dịch Y tác dụng với Ba(OH)2 ta có: n BaSO4  n NaHSO4  m  107n Fe3  0,58 mol 233    n NO  2nSO2  3n Fe3  n H  n Na   0,08 mol - Xét dung dịch Y, có:  BTDT  mY  23n Na   56n Fe3  n H  62n NO  96n SO2  84,18  g  BT:H   n H 2O  n NaHSO4  n HNO3  n H  d­   0,31 mol - Xét hỗn hợp khí Z, có n CO2  x mol n NO  4x mol Mặt khác: BTKL   44n CO2  30n NO  mX  120n NaHSO4  n HNO3  mT  18n H2O  44x  3x.30  4,92  g   x  0,03 mol - Quay trở lại hỗn hợp rắn X, ta có: n NO  n NO  n HNO3 0,08  0,12  0,16  0,02 mol n FeCO3  n CO2  0,03 mol 2 n NaHSO4  n HNO3  2n CO2  4n NO  n H  d­  n O oxit   n Fe3O4   0,01 mol mà n Fe3O4  mX  232n Fe3O4  116n FeCO3  180n Fe NO3   %mFe  100  37,33 mX BT:N   n Fe NO3    Câu Hỗn hợp X gồm C3 H8 , C2 H4 (OH)2 số ancol no, đơn chức, mạch hở (C3 H8 C2 H4 (OH)2 có số mol nhau) Đốt cháy hồn tồn 5,444 gam X hấp thụ toàn sản phẩm cháy vào dung dịch Ba(OH)2 dư thấy khối lượng bình tăng lên 16,58 gam xuất m gam kết tủa Giá trị m A 47,477 B 43,931 C 42,158 D 45,704 Chọn đáp án D nhạy cảm: "một số ancol" nối: C3 H8 C2 H4 (OH)2 = C5 H14 O2 = 2.C2,5 H7 O ||→ nhận vấn đề: hỗn hợp X gồm tất chất có dạng Cn H2n + O Quy 5,444 gam X gồm x mol CH2 y mol H2 O ||→ 14x + 18y = 5,444 gam Bảo toàn C, H → mtăng = 62x + 18y = 16,58 gam yeah! với hướng gặp lại, em tự tin bấm máy luôn: Nguyễn Ngọc Anh – Hocmai.vn : giáo viên luyện thi online offline Hà Nội Tel : 0984963428 Fb : thaygiaoXman ( Nguyen Ngoc Anh ) m = 197 ì (16,58 5,444) ữ (62 – 14) = 45,704 gam Chọn đáp án D ♠ Câu Cho hỗn hợp M gồm hai axit cacboxylic X, Y (cùng dãy đồng đẳng, có số mol MX < MY ) amino axit Z (phân tử có nhóm -NH2 ) Đốt cháy hoàn toàn mol hỗn hợp M thu khí N2 ; 14,56 lít CO2 (ở đktc) 12,6 gam H2 O Cho 0,3 mol M phản ứng vừa đủ với dung dịch X mol HCl Nhận xét sau không đúng? A Giá trị X 0,075 B X có phản ứng tráng bạc C Phần trăm khối lượng Y M 40% D Phần trăm khối lượng Z M 32,05% Chọn đáp án C nCO2 = 0,65 mol < nH2O = 0,7 mol ⇒ Z chứa nhóm –COOH Ctb = 0,65 ÷ 0,4 = 1,625 ⇒ X HCOOH (⇒ B đúng) Y có dạng Cn H2n O2 ⇒ nZ = (0,7 - 0,65) ÷ 0,5 = 0,1 mol ⇒ nX = nY = (0,4 - 0,1) ÷ = 0,15 mol ⇒ x = 0,1 × 0,3 ÷ 0,4 = 0,075 mol ⇒ A Gọi số C Z m ⇒ 0,15n + 0,1m + 0,15 = 0,65 ⇒ m = n = ⇒ Y CH3 COOH Z H2 N-CH2 -COOH ⇒ %mY = 38,46%; %mZ = 32,05% ⇒ C sai D ⇒ chọn C Câu X, Y, Z este đơn chức, mạch hở (trong Y Z khơng no có liên kết C=C có tồn đồng phân hình học) Đốt cháy 21,62 gam hỗn hợp E chứa X, Y, Z với oxi vừa đủ, sản phẩm cháy dẫn qua dung dịch Ca(OH)2 dư thấy khối lượng dung dịch giảm 34,5 gam so với trước phản ứng Mặt khác, đun nóng 21,62 gam E với 300 ml dung dịch NaOH 1M (vừa đủ), thu hỗn hợp F chứa muối hỗn hợp gồm ancol thuộc dãy đồng đẳng Khối lượng muối có khối lượng phân tử lớn hỗn hợp F A 4,68 gam B 8,10 gam C 9,72 gam D 8,64 gam Câu Chọn đáp án D 21,62 gam E (este đơn chức) + vừa đủ 0,3 mol NaOH ||→ nCOO E = 0,3 mol ♦ giải đốt 21,62 gam E (0,3 mol) + O ––– to –→ x mol CO2 + y mol H2 O (CO2 + H2 O) + Ca(OH)2 dư có Δmdung dịch giảm = 56x – 18y = 34,5 gam Lại có mE = 12x + 2y + 0,3 × 32 = 21,62 gam ||→ giải x = 0,87 mol y = 0,79 mol ||→ tương quan ∑nCO2 – ∑nH2O = nY + Z = 0,08 mol → nX = 0,22 mol ý: Y, Z không no thủy phân cho ancol nên số CY, Z ≥ Chặn số Ctrung bình X < (0,87 – 0,08 × 4) ÷ 0,22 = 2,5 → số CX = hay X HCOOCH3 ♦ Biện luận: hai ancol đồng đẳng nên ancol lại C2 H5 OH Thủy phân E cho muối mà muối HCOONa (no rồi) ||→ muối lại phải không no C=C gốc axit Y Z nghĩa Y Cn H2n – COOCH3 Z Cn H2n – COOC2H5 (Y, Z đồng đẳng kế tiếp) Đơn giản, tính lại số Ctrung bình Y, Z = (0,87 – 0,22 × 2) ÷ 0,08 = 5,375 ||→ số CY = số CZ = nhiên, đọc kĩ yêu cầu tập ||→ quan tâm muối lớn F 0,08 mol C3 H5 COONa ⇄ myêu cầu = 8,64 gam Chọn D ♥ Câu Hòa tan hoàn toàn 21,5 gam hỗn hợp X gồm Al, Zn, FeO, Cu(NO )2 cần dùng hết 430 ml dung dịch H2 SO4 1M thu hỗn hợp khí Y (đktc) gồm 0,06 mol NO 0,13 mol H2 , đồng thời thu dung dịch Z chứa muối sunfat trung hòa Cơ cạn dung dịch Z thu 56,9 gam muối khan Thành phần phần trăm Al hỗn hợp X có giá trị gần A 25,5% B 18,5% C 20,5% D 22,5% Chọn đáp án C - Khi cho 21,5 gam X tác dụng với 0,43 mol H2 SO4 thì: BTKL   n H 2O  BT:H   n NH  mX  98n H2SO4  30n NO  2n H2  m Z 18 2n H2SO4  2n H2O  2n H2 - Ta có n O X   n FeO   0,02 mol  n Cu NO3    0, 26 mol n NH  n NO 2n H2SO4  10n NH  4n NO  2n H2 4  0,04 mol  0,08 mol - Xét hỗn hợp X ta có: Nguyễn Ngọc Anh – Hocmai.vn : giáo viên luyện thi online offline Hà Nội Tel : 0984963428 Fb : thaygiaoXman ( Nguyen Ngoc Anh )  n Al  0,16 mol 3n Al  2n Zn  3n NO  2n H2  8n NH4  0,6   27n Al  65n Zn  m X  72n FeO  188n Cu NO3   8, 22 n Zn  0,06 mol   27.0,16  %m Al  100  20,09 21,5 Câu Thủy phân m gam hỗn hợp X gồm tetrapeptit A pentapeptit B (A B hở chứa đồng thời Glyxin Alanin phân tử) lượng dung dịch NaOH vừa đủ Cô cạn dung dịch sản phẩm cho (m + 15,8) gam hỗn hợp muối Đốt cháy toàn lượng muối sinh lượng oxi vừa đủ, thu Na2 CO3 hỗn hợp Y gồm CO2 , H2 O N2 Dẫn Y qua bình đựng dung dịch NaOH đặc dư, thấy khối lượng bình tăng thêm 56,04 gam so với ban đầu có 4,928 lít khí (đktc) khỏi bình Xem N2 khơng bị nước hấp thụ, phản ứng xảy hoàn toàn Thành phần phần trăm khối lượng B hỗn hợp X A 35,37% B 58,92% C 46,94% D 50,92% Chọn đáp án C Quy X C2 H3 NO, CH2 , H2 O ⇒ nC2H3NO = 2nN2 = × 0,22 = 0,44 mol Muối gồm 0,44 mol C2 H4 NO2 Na x mol CH2 ⇒ đốt cho CO2 : (0,66 + x) mol H2 O: (0,88 + x) mol ⇒ mbình tăng = mCO2 + mH2O = 56,04 ⇒ x = 0,18 mol nNaOH = nC2H3NO = 0,44 mol Bảo tồn khối lượng: m + 0,44 × 40 = m + 15,8 + mH2O ⇒ nH2O = 0,1 mol Đặt nA = a; nB = b ⇒ nX = a + b = 0,1 mol; nC2H3NO = 0,44 mol = 4a + 5b Giải hệ có: a = 0,06 mol; b = 0,04 mol nAla = nCH2 = 0,18 mol; nGly = 0,44 - 0,18 = 0,26 mol Gọi số gốc Ala A B m n (1 ≤ m ≤ 3; ≤ n ≤ 4) ⇒ 0,06m + 0,04n = 0,18 Giải phương trình nghiệm nguyên có: m = 1; n = ⇒ B Gly2 Ala3 ⇒ %mB = 0,04 × 345 ÷ (0,44 × 57 + 0,18 × 14 + 0,1 × 18) × 100% = 46,94% Câu Hỗn hợp E gồm este X đơn chức axit cacboxylic Y hai chức (đều mạch hở, khơng no có liên kết đơi C=C phân tử) Đốt cháy hồn tồn lượng E thu 0,43 mol khí CO2 0,32 mol nước Mặt khác, thủy phân 46,6 gam E 200 gam dung dịch NaOH 12% cô cạn dung dịch thu phần Z có chứa chất hữu T Dẫn tồn Z vào bình kín đựng Na, sau phản ứng khối lượng bình tăng 189,4 gam đồng thời sinh 6,16 lít khí H2 (đktc) Biết tỉ khối T so với H2 16 Phần trăm khối lượng Y hỗn hợp E có giá trị gần với giá trị sau đây? A 41,3% B 43,5% C 48,0% D 46,3% Chọn đáp án D X Y có dạng Cn H2n-2 O2 CmH2m-4 O4 (n ≥ 3; m ≥ 4) Ta có: nCO2 - nH2O = (k - 1).nHCHC (với k độ bất bão hòa HCHC) Áp dụng: nCO2 - nH2O = nX + 2nY = nCOO ⇒ nCOO = 0,11 mol mE = mC + mH + mO = 0,43 × 12 + 0,32 × + 0,11 × × 16 = 9,32(g) ⇒ Thí nghiệm dùng gấp thí nghiệm 46,6 ÷ 9,32 = lần ⇒ nCOO thí nghiệm = 0,11 × = 0,55 mol < nNaOH = 0,6 mol ⇒ NaOH dư mH2O ban đầu = 176(g) Đặt nX = x; nY = y ⇒ x + 2y = 0,55 mol ∑mH2O/Z = 176 + 18 × 2y = (176 + 36y)(g); MT = 32 ⇒ T CH3 OH với số mol x ⇒ mbình tăng = 188,85(g) = 176 + 36y + 32x - 0,275 × Giải hệ có: x = 0,25 mol; y = 0,15 mol Đặt số C X Y a b (a ≥ 4; b ≥ 4) ⇒ 0,25a + 0,15b = 0,43 × Giải phương trình nghiệm ngun có: a = 5; b = ⇒ Y C6 H8 O4 ⇒ %mY = 0,15 ì 144 ữ 46,6 ì 100% = 46,35% ⇒ chọn D Câu Tiến hành điện phân dung dịch chứa NaCl 0,4M Cu(NO3 )2 0,5M điện cực trơ, màng ngăn xốp với cường độ dòng điện không đổi I = A thời gian 8492 giây dừng điện phân, anot 3,36 lít khí (đktc) Cho m gam bột Fe vào dung dịch sau điện phân, kết thúc phản ứng, thấy khí NO thoát (sản phẩm khử N+5 ) 0,8m gam rắn không tan Giá trị m A 29,4 gam B 25,2 gam C 16,8 gam D 19,6 gam Nguyễn Ngọc Anh – Hocmai.vn : giáo viên luyện thi online offline Hà Nội Tel : 0984963428 Fb : thaygiaoXman ( Nguyen Ngoc Anh ) Chọn đáp án B - Ta có n e trao ®ỉi  It  0, 44 mol Quá trình điện phân xảy sau: 96500 Tại anot Tại catot 2 2Cl  Cl2  2e Cu  2e  Cu 0,15 0,3 0,15 x  2H 2O  2e  2OH  H 0,08  2x H 2O  4H   4e  O2 4y  y 0,04  n Cl2  0,08 mol n NaCl  0,16 mol n Cl2  n O2  0,15     2n Cl2  4n O2  0, 44  n O2  0,07 mol n Cu NO3 2  0, mol   - Dung dịch sau điện phân chứa Na   0,16 mol  , NO3  0,4 mol  H   n H  n NO  n Na   0,24 mol + Xét dung dịch sau điện phân có:  BTDT - Cho m gam Fe tác dụng với dung dịch thì: 3Fe  8H  2NO3   3Fe2  2NO  4H 2O  0,24 mol 0,4 mol 0,09 mol + Theo ta cú: mFe mrắn không tan mFe bị hòa tan m 0,8m 0,09.56  m  25,2  g  Câu 10 Hòa tan hết 31,12 gam hỗn hợp X gồm Mg, Fe, Fe3 O4 , FeCO3 vào dd hỗn hợp chứa H2 SO4 KNO3 Sau phản ứng thu 4,48 lít hỗn hợp khí Y (đktc) gồm (CO2 , NO, NO2 , H2 ) có tỉ khối so với H2 14,6 dd Z chứa muối trung hòa với tổng khối lượng m gam Cho BaCl2 dư vào Z thấy xuất 140,965 gam kết tủa trắng Mặt khác cho NaOH dư vào Z thấy có 1,085 mol NaOH phản ứng đồng thời xuất 42,9 gam kết tủa 0,56 lít khí (đktc) Biết phản ứng xảy hoàn toàn Cho nhận định sau: a) Giá trị m 82,285 gam b) Số mol KNO3 dung dịch ban đầu 0,225 mol c) Phần trăm khối lượng FeCO3 X 18,638% d) Số mol Fe3 O4 X 0,05 mol e) Số mol Mg X 0,15 mol Tổng số nhận định A B C D Chọn đáp án A Y chứa H2 ⇒ Z không chứa NO3 – Lập sơ đồ phản ứng: Mg 2   2  BaCl2 CO  Mg  140,965  g   Fe    NO  Fe  H SO          Mg  OH 2       H 2O  K   Na 2SO  NaOH Fe O NO KNO   2      NH3          NH    K 2SO  FeCO3  H   Fe  OH 2  SO 24    31,12  g  nH2SO4 = nSO4 2– = nBaSO4 = 140,965 ÷ 233 = 0,605 mol; nNH4 + = nkhí = 0,56 ÷ 22,4 = 0,025 mol ► Bảo tồn điện tích: nNa+ + nK +/Z = 2nSO4 2– ⇒ nKNO3 = nK + = 0,605 × - 1,085 = 0,125 mol ⇒ (b) sai ● Đặt nMg 2+ = x; nFe2+ = y ⇒ nNaOH = 2x + 2y + 0,025 = 1,085 mol; mkết tủa = 58x + 90y = 42,9g ||⇒ Giải hệ có: x = 0,15 mol; y = 0,38 mol ⇒ (e) ► m = 0,15 × 24 + 0,38 × 56 + 0,125 × 39 + 0,025 × 18 + 0,605 × 96 = 88,285(g) ⇒ (a) sai Bảo toàn khối lượng: mH2O = 31,12 + 0,605 × 98 + 0,125 × 101 - 88,285 - 0,2 × 29,2 = 8,91(g) ⇒ nH2O = 0,495 mol Bảo toàn nguyên tố Hidro: nH2 = (0,605 × - 0,025 × - 0,495 × 2)/2 = 0,06 mol Bảo toàn nguyên tố Nitơ: ∑n(NO,NO2) = ∑nN/Y = 0,125 - 0,025 = 0,1 mol ⇒ nFeCO3 = nCO2 = 0,2 - 0,1 - 0,06 = 0,04 mol %mFeCO3 = 0,04 ì 116 ữ 31,12 × 100% = 14,91% ⇒ (c) sai ► mX = mMg + mFe + mO + mCO3 ⇒ mO = 31,12 - 0,15 × 24 - 0,38 × 56 - 0,04 × 60 = 3,84(g) ⇒ nO = 0,24 mol ⇒ nFe3O4 = 0,06 mol ⇒ (d) sai ⇒ có (e) ⇒ chọn A ► Nhận xét: Đề chuẩn nên Z không chứa ion Fe3+ Nguyễn Ngọc Anh – Hocmai.vn : giáo viên luyện thi online offline Hà Nội Tel : 0984963428 Fb : thaygiaoXman ( Nguyen Ngoc Anh ) Câu 11 Hỗn hợp E chứa ba peptit mạch hở gồm peptit X (C4 H8 O3 N2 ), peptit Y (C7 HxOy Nz) peptit z (C11 Hn OmNt ) Đun nóng 28,42 gam E với dung dịch NaOH vừa đủ, thu hỗn hợp T gồm muối glyxin, alanin valin Đốt cháy toàn T cần dùng 1,155 mol O2 , thu CO2 , H2 O, N2 23,32 gam Na CO3 Phần trăm khối lượng X hỗn hợp E A 4,64% B 6,97% C 9,29% D 13,93% Chọn đáp án A BT:Na   n AlaNa,GlyNa,ValNa  2n Na 2CO3  0, 44m n Ala,Gly,Val  - Quy đổi hỗn hợp E thành C2 H3 ON, CH2 H2 O   1,5n CO2  n O2  n CO2  0,99 57n C2H3ON  14n CH2  18n H2O  28, 42 n C2H3ON  0, 44  BT:C  n Gly,Ala,Val     2n C2H3ON  n CH2  n CO2  0,99  n CH2  3n Val  n Ala  0,11  n m¾c xÝch   4, n  n  n X Y Z   n H2O  n X  n Y  n Z  0,1 2, 25n C2H3ON  1,5n CH2  n O2  1,155  Trong E có chứa peptit có số mắc xích lớn 4,4 (5, 7…) Vậy Z pentapeptit (Gly)4Ala, X đipeptit (Gly)2 Y đipeptit AlaVal (khơng thể tripeptit (Gly)2 Ala thủy phân hỗn hợp E khơng thu muối Val) Ta có: BT:C    4n X  7n Y  11n Z  n CO2  0,99 n X  0,01  0,01.132   n Y  0,01  %m X  100  4,64 2n X  2n Y  5n Z  2n NaOH  0, 44 28, 42 132n  174n  317n  28, 42 n  0,08 X Y Z  Z  Câu12 Hòa tan 10,92 gam hỗn hợp X chứa Al, Al2 O3 Al(NO3 )3 vào dung dịch chứa NaHSO4 0,09 mol HNO3 , khuấy cho phản ứng xảy hoàn toàn, thu dung dịch Y chứa chất tan có khối lượng 127,88 gam 0,08 mol hỗn hợp khí Z gồm khí khơng màu, khơng hóa nâu ngồi khơng khí Tỉ khối Z so với He Cho từ từ đến dư dung dịch NaOH vào dung dịch Y, phản ứng biểu diễn theo đồ thị sau: Phần trăm khối lượng khí có khối lượng phân tử lớn hỗn hợp Z A 41,25% B 68,75% C 55,00% Chọn đáp án B gt ⇒ Z gồm N2 O, N2 , H2 ⇒ Y khơng chứa NO3 – ; khí có PTK lớn Z N2 O D 82,50% Al3     Al   N 2O   Na     NaHSO      Al2O3     N   H 2O   NH  Al NO  HNO3 : 0,09  H       3    H  SO 24  10,92 g    Từ mol NaOH đến 1,3 mol NaOH kết tủa từ cực đại đến tan hết xảy phản ứng: Al(OH)3 + NaOH → NaAlO2 + 2H2 O ⇒ nAl 3+ = nAl(OH)3 = 1,3 - = 0,3 mol Đặt nNaHSO4 = x ⇒ nNa+/Y = nSO4 2– = x Khi kết tủa đạt cực đại thu Na2 SO4 ⇒ nNa2SO4 = x ⇒ ∑nNa+ = 2x ⇒ nNa+/Y = 2x - = x ⇒ x = Đặt nNH4 + = y; nH + = z Bảo tồn điện tích: 0,3 × + + y + z = × Nguyễn Ngọc Anh – Hocmai.vn : giáo viên luyện thi online offline Hà Nội Tel : 0984963428 Fb : thaygiaoXman ( Nguyen Ngoc Anh ) mmuối = 127,88(g) = 0,3 × 27 + × 23 + 18y + z + × 96 Giải hệ có: y = 0,04 mol; z = 0,06 mol Bảo tồn khối lượng: mH2O = 10,92 + × 120 + 0,09 × 63 - 127,88 - 0,08 × 20 = 7,11g ⇒ nH2O = 0,395 mol Bảo toàn nguyên tố Hidro: nH2 = (1 + 0,09 - 0,04 × - 0,06 - 0,395 × 2)/2 = 0,04 mol Đặt nN2O = a; nN2 = b ⇒ nZ = a + b + 0,04 = 0,08; mZ = 44a + 28b + 0,04 × = 0,08 × 20 Giải hệ có: a = 0,025 mol; b = 0,015 mol %mN2O = 0,025 ì 44 ữ 1,6 ì 100% = 68,75% Câu 13: Hỗn hợp  H  gồm X , Y , Z ba este đơn chức; X , Y no mạch hở Cho 0,32 mol hỗn hợp  H  có khối lượng m gam tác dụng vừa đủ với 180 ml dung dịch NaOH 2M cô cạn dung dịch sau phản ứng a gam rắn T 10,08 gam hỗn hợp ancol Đốt cháy hết b gam rắn T cần 0,7 mol O2 , thu 25,3 gam CO2 7,65 gam H 2O Giá trị m gần với giá trị sau đây? A 40 B 24 C 23 D 30 Đáp án B   X , Y este no, đơn, hở :0,28  mol  + Do nNaOH : nH  1,125  1 hỗn hợp  H   :0,04  mol    Z este củ a phenol O2  C , H ,O, Na   CO2  H 2O  Na2CO3 0,7  mol  b  gam  T 0,575   0,425 0, 05 X 0,36  0, 45  mol  0, 04 BTLK   b  25,3  7,65  0,5 x 0, 45 x106  0,7 x 32  34,  gam   a  27,52  gam   n phenolat  nCO2  nH2O :  0, 05  nNa   b g  BTKL : m  27,52  10,08  0,04 x 18  0,36 x40  23,92  gam  24  gam Câu 14: Hỗn hợp  H  gồm X axit cacboxylic, Y Z hai ancol thuộc dãy đồng đẳng liên tiếp ; X Y no, mạch hở, đơn chức Đốt cháy m gam  H  , thu 27, 28g CO2 Thực phản ứng este hóa m gam  H  , thu 13,16g hỗn hợp este Giả thiết phản ứng este hóa đạt hiệu suất 100% Biết tổng số nguyên tử cacbon X , Y , Z Phần trăm khối lượng anol có phân tử khối lớn  H  gần với giá trị sau đây? A 28% B 23% C 18% D 49% : Đáp án B  H  gồm X axit cacboxylic no, mạch hở, đơn chức, Y Z hai ancol thuộc dãy đồng đẳng liên tiếp no, mạch hở, đơn chức  có este no, đơn chức mạch hở, đồng đẳng tạo axit C H n 2n O2 hay RCOOR '  Bảo toàn C : nC   nC hỗn hợp H   nC CO   27,28 / 44  0,62 mol este Đặt số mol este Cn H nO2 x  mol   nC  este  n X  0,62 mol;  nH  este   2n X  1, 24 mol Bảo toàn khối lượng: meste  mC  este  mH  este  mO este  13,16  0,62.12  1, 24.1  16.nO este  nOeste  0, 28 mol  x  x  n este  0,14 mol  14n  32  13,16 / 0,14  n  4, Cn H 2nO2 hay RCOOR '   Số nguyên tử C R  R '  3, *Xét số nguyên tử C R  axit HCOOH ; C R '  3,  ancol là: C3 H 7OH C4 H9OH Nguyễn Ngọc Anh – Hocmai.vn : giáo viên luyện thi online offline Hà Nội Tel : 0984963428 Fb : thaygiaoXman ( Nguyen Ngoc Anh )  Tổng số nguyên tử C HCOOH  C3 H 7OH  C4 H9OH (loại) *Xét số nguyên tử C R  axit C3 H 7OH ; C R '  2,  ancol là: C2 H5OH C3 H 7OH  Tổng số nguyên tử C CH3COOH+C3 H 7OH  C2 H5OH (thỏa mãn) *Xét số nguyên tử C R  axit C2 H 5COOH; C R '  1,  ancol là: C2 H5OH CH3OH  Tổng số nguyên tử C CH3OH  C2 H5COOH+C2 H5OH (loại) Vậy ancol là: C2 H5OH  a mol  C3 H 7OH  b mol  axit CH3COOH 0,14 mol Ta có: a  b  0,14 1 ; 2.a  3.b  0,14.2  0,62    a  0,08 mol b  0,06 mol mhỗn hợp H  60.0,14  46.0,08  0,06.60  15,68 gam; %mC H OH   22,96% Câu 15: Hỗn hợp X gồm hiđrocacbon có cơng thức dạng C5 H y H Đun nóng 0, 47 mol X với Ni , sau thời gian phản ứng thu hỗn hợp  H  chứa hiđrocacbon Đốt cháy hoàn toàn  H  thu 18,54 g H 2O Biết tỉ khối  H  so với He 17,575 Mặt khác, 11, 248g X tác dụng tối đa m gam Br2 Giá trị m gần với giá trị sau đây? A 35 B 56 C 70 D 43 Đáp án B Tính tốn số liệu: H 2O  1,03 mol; M H  70,3 C5 H122 k : a Ni ,t O2 0, 47 mol     H  C5 H : a   H 2O :1, 03 H2 : b a  b  0, 47 a  0,    Hpt a 12  2k   2b  1, 03.2  BT  H    b  0, 27  k  2,  ak  0, 44  a  72  2k   2b  70,3a  mX  mH   C5 H 7,6 : x Br2 11, 248 g   H : y  67, x  y  11, 248    x  0,16  nBr2  kx  2, 2.0,16  0,352  mBr2  56,32  x 0,  y  0, 27  Câu 16: Dẫn 12, 6g hỗn hợp hai ancol đơn chức, mạch hở đồng phân qua ống đựng CuO (dư) đun nóng Sau phản ứng xảy hồn tồn, thu 15,96g hỗn hợp  H  Cho 15,96 g  H  tác dụng với lượng dư dung dịch AgNO3 NH , thu m gam kết tủa Giá trị m A 45,36 B 47,52 C 41, 04 D 49, 68 Đáp án C Cn H nO  H 2O CuO 15,96  12, g  Cn H 2n2O : x mol  Ta có mt ăng  mCuO  mCu  16 x  15,96  12,6  16 x  x  0,21  n  Vậy ancol ban đầu propan   ol propan   ol Hơi H gồm anđehit xeton nandehit  0, 21  nAg  2.0, 21  0, 42  mAg  45,36 g Nguyễn Ngọc Anh – Hocmai.vn : giáo viên luyện thi online offline Hà Nội Tel : 0984963428 Fb : thaygiaoXman ( Nguyen Ngoc Anh ) Câu 17: Đốt cháy hoàn toàn hỗn hợp  H  gồm este no, đơn chức, mạch hở ancol đơn chức thu 16,72 g CO2 10,08g H 2O Cho hỗn hợp  H  tác dụng hết với dung dịch NaOH thu 8,96g ancol Khối lượng este A 6, g B 16,8 g C 7, g D 10,8 g Đáp án A Xử lí số liệu: CO2  0,38 mol; H 2O  0,56 mol  nclo no, đơn  nancol  0,56  0,38  0,18 mol CH CO : 0,38  t0    nCH  0,38  BTC  Quy đổi H O2 H O :0,50   H O :0,18  TH1:ancol CH3OH  CH  H 2O  8,96  0, 28  mol   nO2  neste  0, 28  0,18  0,1 mol  32 O : 0,1 este   meste  g CH : 0,38  0,18  0, TH2: ancol C2 H5OH  2CH  H 2O  nhh  8,96  0,194  mol   nO2  neste  0, 28  0,194  0, 086  mol  46 nCH2 /este  0,38  2.0,18  0,02  mol   0,086 (vơ lí) nhh  Câu 18: : Đốt cháy hoàn toàn m gam hỗn hợp  H  gồm ankin anđehit đơn chức, mạch hở cần 0, 29 mol O2 , thu 11g CO2 1,98g H 2O Mặt khác, cho m gam  H  tác dụng hoàn toàn với lượng dư dung dịch AgNO3 / NH , thu a gam kết tủa Biết số liên kết  trung bình ankin anđehit 25 Giá trị 11 a A 24,51 Câu 19: Đáp án B B 31,50 C 25, 02 D 32,16 nCO2  0, 25 mol; n H 2O  0,11mol; n O2  0, 29 mol Bảo toàn O  nO / H  0, 25*2  0,11*1  0, 29*2  0,03 mol  n anđehit n H * k  1  n CO2  n H 2O  n H   0, 25  0,11 /  25 /11  1  n H  0,11  n an kin  0,08 Số C tb  0, 25 / 0,11  2, 2; Số H tb  0,11*2 / 0,11   An kin C2 H Vậy hỗn hợp H  C2 HCHO  0,03 mol  C2 H  0,08 mol  phù hợp với mol CO2 , H 2O CH  C  CH  O  0.03 mol   CAg  C  COONH4   0,03  Ag   0,06  CH  CH  0,08 mol   AgC  CAg   0,08 m kết tủa  194*0,03  0,06*108  240*0,08  31,50 gam Câu 20 Cho 23,52 gam hỗn hợp kim loại Mg, Fe, Cu vào 200ml dung dịch HNO3 3,4M khuấy khí khơng màu hóa nâu khơng khí (sản phẩm khử nhất), dung dịch dư kim loại chưa tan hết Cho tiếp từ từ dung dịch H2 SO4 5M vào, chất khí lại kim loại vừa tan hết 44ml, thu dung dịch X Cho dung dịch NaOH dư vào dung dịch X, lọc kết tủa, rửa nung ngồi khơng khí đến khối lượng khơng đổi thu chất rắn B nặng 31,2 gam Biết phản ứng xảy hoàn toàn Nồng độ mol/l ion SO4  NO3  dung dịch X A 0,900 M 1,600 M B 0,902 M 1,640 M Nguyễn Ngọc Anh – Hocmai.vn : giáo viên luyện thi online offline Hà Nội Tel : 0984963428 Fb : thaygiaoXman ( Nguyen Ngoc Anh ) C 0,904 M 1,460 M Chọn đáp án B Đọc trình, tổng hợp lại sơ đồ: D 0,120 M 0,020 M Bảo tồn ngun tố H có nH O = 0,56 mol → ghép cụm có nNO = 0,28 mol 2 Bảo tồn N có nNO3  X = 0,4 mol bảo toàn S có nSO = 0,22 mol Dung dịch X tích 200 mL + 44 mL = 244 mL Cơng thức: CM = n ÷ V ⇒ [SO4 ] = 0,22 ÷ 0,244 = 0,902M [NO ] = 0,4 ÷ 0,244 = 1,640M ⇒ chọn đáp án B Câu 21 Cho 20 gam hỗn hợp A gồm FeCO3 , Fe, Cu, Al tác dụng với 60 ml dung dịch NaOH 2M thu 2,688 lít khí hiđro Sau kết thúc phản ứng cho tiếp 740 ml dung dịch HCl 1M đun nóng đến hỗn hợp khí B ngừng Lọc tách cặn rắn R Cho B hấp thụ từ từ vào dung dịch Ca(OH)2 dư thu 10 gam kết tủa Cho R tác dụng hết với dung dịch HNO3 đặc, nóng thu dung dịch D 1,12 lít chất khí Cơ cạn D nhiệt phân muối khan đến khối lượng không đổi m gam sản phẩm rắn Giá trị m gần với (Biết thể tích khí đo điều kiện tiêu chuẩn) A 5,4 gam B 1,8 gam C 3,6 gam D 18 gam Câu 22 Chọn đáp án B  Chia, tách nhỏ tập, trình để giải:  có Al + NaOH → NaAlO2 + 3/2H2 /uparrow || nNaOH = nH = 0,12 mol ⇒ chứng tử sau phản ứng NaOH dư 0,04 mol ∑nAl A = 0,08 mol Khí B ta biết gồm CO2 (sinh FeCO3 ) H2 (do Fe) 10 gam kết tủa 0,1 mol CaCO3 ⇒ có 0,1 mol CO2 ⇒ nFeCO = 0,1 mol Rắn R chắn có Cu dư kim loại Fe Vậy phần dung dịch? À, gồm: 0,08 mol AlCl3 ; 0,12 mol NaCl + ??? mol FeCl2 Mà ∑nHCl = nHCl = 0,74 mol ⇒ bảo toàn Cl có nFeCl = 0,19 mol; sinh 0,1 mol FeCO ⇒ 0,09 Fe Vậy mR = mCu , Fe lọc = 20 – mAl – mFeCO – mFe phản ứng = 1,2 gam R gồm Cu, Fe kim loại hoạt động TB yếu nên + HNO3 sinh NO NO2 dùng HNO3 đặc nên khí sinh NO2 || nNO = 0,05 mol ⇒ bảo tồn electron có 3nFe + 2nCu = nNO = 0,05 mol mà mFe + Cu = 1,2 gam ⇒ giải nFe = nCu = 0,01 mol Đọc tiếp trình cuối ⇒ m gam sản phẩm gồm 0,01 mol CuO 0,05 mol Fe O3 ⇒ m = 1,6 gam → chọn đáp án B Câu 23 X, Y hai chất hữu thuộc dãy đồng đẳng ancol anlylic, Z axit cacboxylic no hai chức, T este tạo X, Y, Z Đốt cháy 17,12 gam hỗn hợp E chứa X, Y, Z, T (đều mạch hở) cần dùng 10,864 lít O2 (đktc) thu 7,56 gam nước Mặt khác 17,12 gam E làm màu vừa đủ dung dịch chứa 0,09 mol Br2 Nếu đun nóng 0,3 mol E với 450 ml dung dịch KOH 1M, cạn dung dịch sau phản ứng sau lấy phần lỏng chứa chất hữu qua bình đựng Na dư thấy khối lượng bình tăng m gam Giá trị m gần với giá trị sau đây? A 7,00 B 8,50 C 9,00 D 10,50  bớt H2 O () quy este axit ancol Quan sát lại toàn giả thiết: Quan sát: X, Y thuộc dãy đồng đẳng ancol anlylic nên nhận xét nX, Y = nBr2 phản ứng = 0,09 mol toàn đốt E đủ giả thiết ⇒ giải số mol C, số mol H2 , số mol O Nguyễn Ngọc Anh – Hocmai.vn : giáo viên luyện thi online offline Hà Nội Tel : 0984963428 Fb : thaygiaoXman ( Nguyen Ngoc Anh ) ||⇒ tương quan đốt có: ∑nCO - ∑nH O = naxit + nH2O () = 0,15 mol Lại có bảo tồn O: nancol X, Y + 4naxit – nH O () = 0,59 ⇒ 4naxit – nH O () = 0,5 mol Giải hệ naxit = 0,13 mol nH O () = 0,02 mol ⇒ Ctrung bình X, Y, Z = 0,57 ÷ (0,13 + 0,09) ≈ 2,59 ⇒ Z (COOH)2 ||⇒ BTKL E có mancol X, Y = 17,12 + 0,02 × 18 – 0,13 × 90 = 5,78 gam  ý chút quy đổi: este + 2H2 O → axit + ancol đơn Cộng axit ancol E vào vế, chuyển nước qua bên cách ta quy đổi ⇒ nE = ∑nancol quy đổi + ∑naxit quy đổi – nH O () = 0,2 mol Dùng 0,3 mol E gấp 1,5 lần tất lượng ⇒ KOH dư → phần chất lỏng ancol 0,135 mol ancol nặng 8,67 gam ⇒ mbình tăng = 8,67 – 0,135 = 8,535 gam Chọn B Câu 24 X este đơn chức, Y este hai chức (X, Y mạch hở) Đốt cháy 21,2 gam hỗn hợp E chứa X, Y thu x mol CO2 y mol H2 O với x = y + 0,52 Mặt khác đun nóng 21,2 gam E cần dùng 240 ml dung dịch KOH 1M thu muối hỗn hợp F chứa ancol no Dẫn toàn F qua bình đựng Na dư sau phản ứng thấy khối lượng bình tăng 8,48 gam Số phân tử H (hiđro) có este Y A 10 B C 14 D 12 Câu 25 Chọn đáp án A  thủy phân: 21,2 gam E + 0,24 mol KOH → muối + hh ancol no, mạch hở Có ∑nCOO E = ∑nOH ancol = nKOH = 0,24 mol Phản ứng: OH + Na → ONa + ½H2 ↑ ||⇒ nH ↑ = 0,12 mol ||⇒ mhai ancol = mbình Na tăng + mH ↑ = 8,48 + 0,12 × = 8,72 gam BTKL phản ứng thủy phân có mmuối = 21,2 + 0,24 × 56 – 8,72 = 25,92 gam X este đơn chức ⇒ muối muối axit đơn ⇒ Mmuối = 25,92 ÷ 0,24 = 108 ứng với CTCT muối HC≡CCOOK  đốt cháy 21,2 gam E + O2 ―t0 → x mol CO2 + y mol H2 O Có ∑nO E = 2∑nCOO E = 0,48 mol ⇒ mE = 12x + 2y + 0,48 × 16 Lại có x = y + 0,52 ||⇒ giải hệ x = 1,04 mol y = 0,52 mol Gọi 21,2 gam E gồm a mol HC≡CCOOCn H2n + b mol (HC≡CCOO)2 CmH2m Tương quan đốt có: ∑nCO - ∑nH O = 2a + 5a = 0,52 mol Lại có ∑nCOO E = a + 2b = 0,24 mol ||⇒ giải a = 0,16 mol; b = 0,04 mol Bảo tồn C có: 0,16 × (3 + n) + 0,04 × (6 + m) = 1,04 ⇒ 4n + m = ⇒ ứng với m = 4; n = ⇒ X HC≡CCOOCH3 Y (HC≡CCOO)2 C4 H8 Vậy tổng số nguyên tử H (hiđro) có este Y 10 Chọn đáp án A 10 Nguyễn Ngọc Anh – Hocmai.vn : giáo viên luyện thi online offline Hà Nội Tel : 0984963428 Fb : thaygiaoXman ( Nguyen Ngoc Anh ) 7, 28 8,97   M  39 M  17 2M  60 0,1.84 Y gồm: HCOOK (0,1 mol) KOH dư (0,03 mol) %mHCOOK =  83,33% 10,8 BTNT M: nMOH ban dầu = 2n M2CO3  Câu 35: Cho hỗn hợp gồm Cu2 S FeS2 tác dụng hết với dung dịch chứa 0,52 mol HNO3 , thu dung dịch X (không chứa NH4 +) hỗn hợp khí gồm NO 0,3 mol NO Để tác dụng hết với chất X cần dùng 260 ml dung dịch NaOH 1M, sau phản ứng lọc kết tủa nung khơng khí tới khối lượng không đổi thu 6,4 gam chất rắn Tổng khối lượng chất tan có dung dịch X gần với giá trị sau đây? A 21,0 B 19,0 C 18,0 D 20,0 Câu 35: Đáp án B         NO : 0,3  Cu 2S : x  HNO3 :0,52    NO : z  FeS2 : y  Cu 2 : 2x   3  Fe : y  CuO : 2x   NaOH vd:0,26 t ddX SO 24 : x  2y      6,   Fe O3 : 0,5 y     NO3 : 0, 22  y  BTNT : N   H  du : 2x  y  z  0, 22  BTDT dd X     m   80.2x  160.0,5y  6,  x  0, 03 Cl     n OH  2n Cu 2  3n Fe3  n H  4x  3y  2x  y  z  0, 22  0, 26   y  0, 02  z  0,1  BTe : 2n Cu  6n S  3n Fe  3n NO  n NO2  4x  3y   x  2y   3z  0,3  Cu 2 : 0, 06  3 Fe : 0, 02   dd X SO 24 : 0, 07  mX  0, 06.64  0, 02.56  0, 07.96  0,12.62  0, 08.1  19, gam    NO3 : 0,12 H  du : 0, 08  Câu 36: Đốt cháy este chức mạch hở X (được tạo từ axit cacboxylic no, đa chức, phân tử X khơng có q liên kết π) thu tổng thể tích CO2 H2 O gấp 5/3 lần thể tích O2 cần dùng Lấy 21,6 gam X tác dụng hoàn toàn với 400 ml dung dịch NaOH 1M, cô cạn dung dịch sau phản ứng thu m gam chất rắn Giả trị lớn m A 28,0 B 24,8 C 24,1 D 26,2 Câu 36: Đáp án D Gọi CTTQ X: Cn H2n 22k O4  k  5 3n  k  t O2   nCO2   n   k  H2O 5  3n  k   n CO2  n H2O  n O2  n   n   k     3     2n   k    3n  k  3  k  21  3n  k    21  3n   5,33  n   n  6, k  21, X : C6 H O , n X   0,15mol 144 Cn H2n 22k O4  51 Nguyễn Ngọc Anh – Hocmai.vn : giáo viên luyện thi online offline Hà Nội Tel : 0984963428 Fb : thaygiaoXman ( Nguyen Ngoc Anh ) nNaOH >2nX=>NaOH dư, X hết Để khối lượng chất rắn lớn este H3 COOC-CH2 -COOCH=CH2 Khi chất rắn gồm: CH2 (COONa)2 (0,15 mol) NaOH dư (0,4 - 0,15.2 = 0,1 mol) m = 0,15.148+0,1.40 = 26,2 gam Câu 37: Hỗn hợp X gồm Na2 SO3 , CuO, CuCO3 , Hòa tan m gam hỗn hợp X dung dịch hỗn hợp HCl 1M H2 SO4 0,5M vừa đủ, thu dung dịch Y chứa (m+8,475) gam chất tan gồm muối clorua sunfat trung hòa; 5,6 lít hỗn hợp khí (đktc) có tỉ khối so với hidro 27,6 Điện phân dung dịch Y với điện cực trơ, màng ngăn xốp đến lượng Cu2+ lại 6% lượng Cu2+ dung dịch Y dừng lại thu dung dịch Z Cho 0,14m gam Fe vào dung dịch Z đến phản ứng kết thúc thu m1 gam chất rắn Giá trị m1 A 4,9216 B 4,5118 C 4,6048 D 4,7224 Câu 37: Đáp án C nCuCO3 = nCO2 = 0,11 mol nNa2 SO3 = nSO2 = 0,14 mol Thể tích dung dịch axit x lít => nHCl = x nH SO4 = 0,5x => nH2 O = x BTKL:36,5x+98.0,5x+m=m+8,475+0,25.55,2+18x => x = 0,33 Dung dịch Y chứa SO4 2- (0,165), Cl- (0,33), Na+ (0,28) => nCu2+ = 0,19 => nCuO = 0,08 => m = 37,68 nFe = 0,0942 nCu2+ bị đp = 0,19.94% = 0,1786 => n e trao đổi = nCl- + 4nO2 => nO2 = 0,068 => nH+ = 4nO2 = 0,0272 Fe với dung dịch Z: nFe pư = nCu2+ + nH+/2 = 0,025 => m1 = mFe dư + mCu = 4,6048 gam Câu 38: Hòa tan hoàn toàn 5,22 gam hỗn hợp bột M gồm Mg, MgO, Mg(OH)2 , MgCO3 , Mg(NO3 )2 lượng vừa đủ 0,26 mol HNO3 Sau phản ứng kết thúc thu dung dịch X 0,448 lít hỗn hợp khí gồm N2 O CO2 Dung dịch X phản ứng vừa đủ với 250 ml dung dịch NaOH 1M, sau phản ứng thu 6,96 gam kết tủa màu trắng Phần trăm theo khối lượng Mg(OH)2 hỗn hợp đầu gần A 44,44% B 22,22% C 11,11% D 33,33% Câu 38: Đáp án C Trong dung dịch X chứa Mg(MO3 )2 NH4 NO3 nMg(NO3 )2 = nMg(OH)2 = 0,12 nNaOH = 2nMg(NO3 )2 + nNH4 NO3 => nNH4 NO3 = 0,01 m khí = 0,02.44 = 0,88 BTKL: 5,22 + mHNO3 = mMg(NO3 )2 + mNH4 NO3 + m khí + mH2 O => nH2 O = 0,12 BTNT H: 2nMg(OH)2 + nHNO3 = 4nNH4 NO3 + 2nH2 O => nMg(OH)2 = 0,01 => %Mg(OH)2 = 0,01.58/5,22 = 11,11% Câu 39: Cho hỗn hợp X chứa hai peptit M Q tạo hai amino axit no, chứa nhóm –COOH nhóm – NH2 Tổng số nguyên tử O M Q 14 Trong M Q có số liên kết peptit khơng nhỏ Cứ 0,25 mol X tác dụng hoàn toàn với KOH (đun nóng) thấy có 1,65 mol KOH phản ứng thu m gam muối Mặt khác, đốt cháy hoàn toàn 54,525 gam X cho sản phẩm hấp thụ hồn tồn vào bình chứa Ba(OH)2 dư thấy khối lượng bình tăng 120,375 gam Giá trị m A 187,25 B 196,95 C 226,65 D 213,75 Câu 39: Đáp án B Quy đổi hỗn hợp CONH, CH2 , H2 O - Thủy phân 0,25 mol X 1,65 mol KOH vừa đủ: nCONH = nKOH = 1,65 mol nH2 O = nX = 0,25 mol => nCONH/nH2 O = 1,65/0,25 = 6,6 - Đặt số mol CONH, CH2 , H2 O 54,525 gam X 6,6x; y; x 43.6,6x+14y+18x = 54,525 (1) BTNT C: nCO2 = 6,6x+y BTNT H: nH2 O = 3,3x+y+x m bình tăng = mCO2 +mH2 O = 44(6,6x+y) + 18(3,3x+y+x) = 120,375 (2) Giải (1) (2) => x = 0,125; y = 1,2 Ta thấy 0,125 mol X chứa 1,2 mol CH2 => 0,25 mol X chứa 2,4 mol CH2 Muối gồm có: COOK (1,65 mol); NH (1,65 mol); CH2 (2,4 mol) => m = 1,65.83+1,65.16+2,4.14 = 196,95 gam 52 Nguyễn Ngọc Anh – Hocmai.vn : giáo viên luyện thi online offline Hà Nội Tel : 0984963428 Fb : thaygiaoXman ( Nguyen Ngoc Anh ) Câu 40: Đun nóng m gam hỗn hợp X gồm glyxin alanin thu m1 gam hỗn hợp Y gồm đipepetit mạch hở Nếu đun nóng 2m gam X thu m2 gam hỗn hợp Z gồm tripeptit mạch hở Đốt cháy hoàn toàn m1 gam Y thu 0,72 mol H2 O; dốt cháy hồn tồn m2 gam Z thu 1,34 mol H2 O Giá trị m A 24,18 gam B 24,60 gam C 24,74 gam D 24,46 gam Câu 40: Đáp án A Đặt a, b số mol Gly Ala m gam X ban đầu Y:Gly-Gly (0,5a mol) Ala-Ala (0,5b mol) Gly-Gly có 8H nên đốt mol Gly-Gly mol H2 O Ala-Ala có 12H nên đốt mol Ala-Ala mol H2 O Đốt Y => nH2 O = 4.0,5a + 6.0,5b = 0,72 (1) Với 2m gam X số mol Gly, Ala tương ứng 2a, 2b Z: Gly-Gly-Gly (2a/3 mol) Ala-Ala-Ala (2b/3 mol) Gly-Gly-Gly có 11H nên đốt mol Gly-Gly-Gly 5,5 mol H2 O Ala-Ala-Ala có 17H nên đốt mol Ala-Ala-Ala 8,5 mol H2 O Đốt Z => nH2 O = 5,5(2a/3)+8,5(2b/3) = 1,34 Giải (1) (2) => a = 0,18; b = 0,12m = 0,18.75 + 0,12.89 = 24,18 gam Câu 74: Chia hỗn hợp X gồm este đơn chức mạch hở có nối đơi C=C A este hai chức mạch hở no B thành hai phần Đốt cháy hết phần thu 0,68 mol CO2 0,53 mol H2 O Thủy phân phần hai cần vừa 0,22 mol NaOH cô cạn thu hỗn hợp Y gồm a gam muối axit hữu D b gam muối axit hữu E ( MD < ME ) hỗn hợp Z gồm hai ancol đồng đẳng Các phản ứng xảy hoàn toàn Tỉ lệ a: b A 1,25 B 0,86 C 1,14 D 0,80 Câu 75: Điện phân dung dịch hỗn hợp X gồm NaCl CuSO4 (điện cực trơ, màng ngăn xốp) thời gian t giây thu dung dịch Y, hỗn hợp khí có tỉ khối H2 27,7 đồng thời thấy khối lượng catot tăng lên 8,96 gam so với ban đầu Nếu thời gian điện phân 2t giây tổng thể tích khí thu điện cực 5,6 lít (đktc) Cho tồn dung dịch Y tác dụng với lượng dư dung dịch Ba(OH)2 , lọc kết tủa nung đến khối lượng không đổi thu m gam chất rắn T Giá trị m làA 46,60 B 32,62 C 51,40 D 37,42 Câu 76: Cho m gam hỗn hợp X gồm Mg, Fe Cu tác dụng với V ml dung dịch hỗn hợp Fe(NO3 )3 0,5M Cu(NO3 )2 0,75M thu 33,6 gam chất rắn Y dung dịch Z Cho toàn chất rắn Y tác dụng với dung dịch H2 SO4 loãng dư thu 4,48 lít H2 (đktc) Cho 0,64 mol NaOH vào dung dịch Z, khuấy đều, lọc kết tủa nung khơng khí đến khối lượng không đổi thu 20 gam chất rắn A Cô cạn phần nước lọc nung đến khối lượng không đổi thu 43 gam chất rắn B Các phản ứng xảy hoàn toàn Thành phần phần trăm khối lượng Fe hỗn hợp X làA 52,50% B 35,00% C 26,25% D 17,50% Câu 77: Cho hỗn hợp X gồm hai chất hữu A (C7 H19 N3 O4 ) B (C8 H21 N3 O2 ) tác dụng với lượng dung dịch NaOH vừa đủ đun nóng thu hỗn hợp Y gồm hai amin có tỉ khối H2 18,5 dung dịch Z chứa hai muối natri axit glutamic lysin Cho toàn dung dịch Z tác dụng với lượng dung dịch HCl vừa đủ thu 28,67 gam hỗn hợp muối Tỉ lệ mol A B hỗn hợp X làA 3: B 4:3 C 2:3 D 3:2 Câu 78: Hỗn hợp X gồm hai peptit mạch hở A B có số nguyên tử cacbon phân tử peptit chứa glyxin, alanin valin Thủy phân hết 88,9 gam hỗn hợp X lượng dung dịch NaOH vừa đủ cô cạn thu hỗn hợp muối Y Đốt cháy toàn hỗn hợp Y cần vừa 4,8 mol O2 thu 7,5 mol hỗn hợp CO2 , H2 O N2 Tỉ lệ mol muối natri glyxin valin hỗn hợp Y làA 7: B :7 C :3 D : Câu 79: Nung 1,26 mol hỗn hợp X gồm Mg, Fe(NO3 )2 FeCO3 bình kín đến khối lượng khơng đổi thu chất rắn Y 13,44 lít hỗn hợp khí Z (đktc) có tỉ khối H2 22,8 Cho toàn chất rắn Y tác dụng với dung dịch hỗn hợp 2,7 mol HCl 0,38 mol HNO đun nhẹ thu dung dịch A 7,168 lít hỗn hợp khí B (đktc) gồm NO N2 O Cho toàn dung dịch A tác dụng với lượng dư dung dịch AgNO3 , thu 0,448 lít NO (đktc) sản phẩm khử m gam kết tủa Các phản ứng xảy hoàn toàn Giá trị m gần giá trị sau đây? A 413 B 411 C 415 D 417 Câu 80: Hòa tan hết m gam hỗn hợp X gồm Ba, Na, NaHCO3 Na2 CO3 vào H2 O dư thu dung dịch Y gồm hai muối natri; 2,912 lít H2 (đktc) 19,7 gam kết tủa Chia dung dịch Y thành hai phần Nhỏ từ từ 160 ml dung dịch HCl 2M vào phần một, khuấy thu 3,136 lít CO2 (đktc) Nhỏ từ từ phần hai vào 80 ml dung dịch HCl 2M khuấy thu 2,24 lít CO2 (đktc) Các phản ứng xảy hoàn toàn Thành phần phần trăm khối lượng Ba hỗn hợp X gần giá trị sau đây? A 18% B 19%.C 20% D 21% Câu 31 Đun nóng 13,8 gam ancol X đơn chức, mạch hở với xúc tác H2 SO4 đặc thời gian thu anken Y Sau hạ nhiệt độ để phản ứng tạo hỗn hợp Z gồm ete ancol dư Đốt cháy hoàn toàn anken Y sau phản ứng thu 6,72 lít khí CO2 (đktc) Cho kim loại Na dư vào hỗn hợp Z đến phản ứng hoàn toàn Tách lấy ete sau phản ứng đốt cháy 53 Nguyễn Ngọc Anh – Hocmai.vn : giáo viên luyện thi online offline Hà Nội Tel : 0984963428 Fb : thaygiaoXman ( Nguyen Ngoc Anh ) hồn tồn thu 6,72 lít khí CO2 (đktc) 6,3 gam nước Phần trăm khối lượng ancol X phản ứng tạo anken ete A 65,20% B 86,96% C 66,67% D 50,00% Ancol X tách nước anken => X ancol no => Ete no 6,72 6,3  0,3 mol,n H2O   0,35 mol 22, 18 0,3  => ancol C3H7 OH  n ete  n H2O  n CO2  0,35  0,3  0,05 mol => Số C  0,05 0,3  Đốt cháy anken Y 0,3 mol CO2  n anken   0,1 mol 60. 0,1  0,05.2  => % khối lượng X phản ứng tạo anken ete  100%  86,96% 13,8 Đốt cháy ete được: n CO2  Câu 32 Điện phân (điện cực trơ, màng ngăn xốp, cường độ dòng điện khơng đổi) V lít dung dịch X chứa đồng thời R(NO3 )2 0,45M (R kim loại hóa trị khơng đổi) NaCl 0,4M thời gian t giây, thu 6,72 lít hỗn hợp khí anot (đktc) Nếu thời gian điện phân 2t giây thu dung dịch Y Dung dịch Y tác dụng vừa đủ với 400 ml dung dịch chứa KOH 0,75M NaOH 0,5M, không sinh kết tủa Biết hiệu suất điện phân 100%, khí sinh không tan dung dịch Giá trị V A 0,75 B 1,00 C 0,50 D 2,00 Câu 32 Do Y có phản ứng với kiềm nên R2+ có bị điện phân n R NO   0,45V,n NaCl  0,4V R  NO3 2  2NaCl  R  Cl2  2NaNO3 1 6,72  n Cl2  0,3  0, 2V mol 22,  2n Cl2  4n O2  2.0,2V  4. 0,3  0,2V   1,2  0,4V n Cl2  0, 2V  n O2   Trong t (s): n e trao ®ỉi 1,  0, 4V  0,3  0,1V  0,3  0, 2V  0,3  0,1V  0,6  0,3V => Trong t (s) anot sinh ra: n O2    n O2 mol  Trường hợp 1: Trong 2t (s) R2+ chưa bị điện phân hết  0,45V.2  1,2  0,4V .2  V  1,412 n H  4n O2  4. 0,6  0,3V  n R 2 d­  1,2  0,4V  0,45V  1,2  0,85V Thêm kiềm khơng có kết tủa chứng tỏ R(OH)2 lưỡng tính tan trở lại  n OH  4. 0,6  0,3V   1,2  0,85V   0,4  0,75  0,5   0,5 mol  V  1,457 (loại điều kiện V  1,412 )  Trường hợp 2: Trong 2t (s) xảy điệ phân nước catot Sau phản ứng (1): n R 2  0,45V  0,2V  0,25V => Khi điện phân hết R 2 n H  0,25V.2  0,5V n H  n OH  0,5 mol  V  11 Câu 33 Hỗn hợp khí X gồm CH4 , C2 H2 , C2 H4 , C3 H6 Đun nóng 12,8 gam X với 0,3 mol H2 xúc tác bột Ni thời gian, thu hỗn hợp khí Y có tỉ khối so với He Đốt cháy hoàn toàn Y, thu tỉ lệ khối lượng CO2 H2 O 22/13 Nếu cho hỗn hợp Y vào dung dịch AgNO3 NH3 dư thu m gam kết tủa hỗn hợp khí Z Khí Z phản ứng vừa đủ với 300 ml dung dịch Br2 0,5M Giá trị m A 14,4 B 18,0 C 12,0 D 16,8 Câu 33 54 Nguyễn Ngọc Anh – Hocmai.vn : giáo viên luyện thi online offline Hà Nội Tel : 0984963428 Fb : thaygiaoXman ( Nguyen Ngoc Anh ) BTKL   mY  mX  mH2  12,8  2.0,3  13, 4g 13,  0,67 mol 5.4  n H2 ph¶n øng   n anken Y   n Br2  0,3.0,5  0,15 mol  nY  n CO2  mCO2 22      n CO2  0,9 mol n H2O 13  Đốt cháy Y:  m H2O 13   m  12n  2n n H2O  1,3 mol  13, 4g CO2 H 2O  Y n CO2  0,9 mol n H2O  1,3  0,3  mol => Đốt cháy X được:  => n C : n H  0,9 :  1,8 : => Đặt công thức chung cho X C1,8 H4  n C1,8H4  0,9 1,8.2    0,5 mol  n  C H   0,5  0, mol 1,8 1,8 BT liªn kÕt   n  Ag2C2  0,4   0,5  0,3  0,67   0,15  0,12 mol  n Ag2C2  0,06 mol  m  14,4g Câu 34 Hòa tan hồn tồn 5,28 gam Mg vào a gam dung dịch H2 SO4 80%, kết thúc phản ứng, thấy khí SO2 nhất; đồng thời thu dung dịch X 1,92 gam rắn không tan Cho dung dịch Ba(OH)2 dư vào X, thu 73,34 gam kết tủa Giá trị gần a là: A 48,0 B 44,0 C 60,0 D 56,0 Câu 34 n Mg  5, 28  0, 22 mol 24  Trường hợp 1: Chất rắn không tan Mg dư 1,92 BT e  0,14 mol   nSO2  0,14 mol 24  mBaSO4  73,34g  58.0,14  233n BaSO4  73,34  n Mg ph¶n øng  0, 22  n   mMg OH  nSO2  X  n BaSO4  0, 2799 mol  n Mg ph¶n øng => Chứng tỏ H+ dư => Loại  Trường hợp 2: Chất rắn không tan S, Mg phản ứng hết 1,92 2.0, 22  6.0,06  0,06 mol, n SO2   0,04mol 32 n   mMg OH  mBaSO4  73,34g  58.0, 22  233n BaSO4  73,34  n BaSO4  0, 26 mol nS   n H2SO4  0, 26  0,06  0,04  0,36 mol  a  98.0,36  44,1g 80% Câu 35 Cho 19,68 gam hỗn hợp gồm Mg, FeCO3 vào dung dịch chứa 1,22 mol NaHSO4 0,08 mol Fe(NO3 )3 khuấy cho phản ứng xảy hồn tồn, thấy hỗn hợp khí X gồm NO, N2 O 0,06 mol CO2 ; đồng thời thu dung dịch Y 3,36 gam kim loại không tan Để tác dụng tối đa chất tan dung dịch Y cần dùng dung dịch chứa 1,26 mol NaOH Tì khối X so với He A Giá trị gần với a là: A 10,2 B 10,0 C 10,4 D 10,6 Câu 35 55 Nguyễn Ngọc Anh – Hocmai.vn : giáo viên luyện thi online offline Hà Nội Tel : 0984963428 Có n FeCO3  n CO2  0,06 mol  n Mg  Fb : thaygiaoXman ( Nguyen Ngoc Anh ) 19,68  116.0,06  0,53 mol 24  Dung dịch Y gồm Mg2+ (0,53 mol), Na + (1,22 mol), BTNT Fe Fe2 (   0,06  0,08  0,06  0,08 mol ), NH 4 (x mol), SO24 (1,22 mol), NO3 (y mol) BT§T    0,53.2  1, 22  0,08.2  x  1, 22.2  y x  0,04    n  0,53.2  0,08.2  x  1, 26   y  0,04  NaOH BTNT N   n NO  2n N2O  0,04  0,04  3.0,08    n NO  0,1 mol  Có:   n H  4n NO  10n N2O  10.0,04  2.0,06  1, 22  n N2O  0,03 mol   n X  n NO  n N2O  0,06  0,19 mol,mX  30n NO  44n N2O  44.0,06  6,96g a  6,96  9,16 gần với giá trị 10 0,19.4 Câu 36 M hỗn hợp hai axit cacboxylic đơn chức dẳng với số mol (MX < MY ) Z ancol no, mạch hở có số nguyên tử cacbon số nguyên tử Cacbon X Đốt cháy hoàn toàn 0,4 mol hỗn hợp E gồm M Z cần vừa đủ 31,808 lít oxi (đktc) tạo 58,08 gam CO2 18 gam nước Mặt khác, 0,4 mol hỗn hợp E tác dụng với Na dư thu 6,272 lít H2 (đktc) Để trung hòa 11,1 gam X cần dung dịch chứa m gam KOH Giá trị m gần với giá trị sau đây? A 8,60 B 6,34 C 8,90 D 8,40 Câu 36 0,4 mol E + 1,42 mol O2 → 1,32 mol CO2 + mol H2 O BTNT O   n O E   0,8 mol => Số O trung bình   Số C trung bình  n CO2 nE  n O 0,8   => Z ancol chức n E 0, 1,32  3,3 0, So n CO2  n H2O nên M khơng no => X có ngun tử C  Đặt a, b số mol M Z n E  a  b  0, a  0, 24    a n H   b  0, 28 b  0,16   2  Đặt công thức chung M CxHy O2  n H 2O  0, 24y 0,19.8    y  => X có nguyên tử H Y có nguyên tử H 2 Vậy E chứa X: CHCCOOH (0,12 mol); Y: CHCCH2 COOH (0,12 mol), Z: C3 H6 (OH)2 (0,16 mol)  X + KOH: n X  111 111 mol  n KOH  n X  mol  m KOH  8,88g 700 700 => Chọn đáp án C Câu 37 Đốt cháy lượng hỗn hợp X gồm Fe Cu khí O Sau thời gian, thu m gam hỗn hợp rắn Y Hòa tan hồn tồn Y dung dịch chứa đồng thời NaNO3 H2 SO4 (loãng), thu dung dịch Z chứa 39,26 gam muối trung hoà kim loại 896 ml (đktc) hỗn hợp hai khí có tỉ khối so với H2 (trong có khí hóa nâu khơng khí) Dung dịch Z tác dụng vừa đủ với 540 ml dung dịch NaOH 1M Giá trị cùa m (Dethithpt.com) A 15,44 B 18,96 C 11,92 D 13,20 Câu 37 Hỗn hợp khí gồm NO H2 : 56 Nguyễn Ngọc Anh – Hocmai.vn : giáo viên luyện thi online offline Hà Nội Tel : 0984963428 Fb : thaygiaoXman ( Nguyen Ngoc Anh ) 0,896  n NO  n H2  22,  0,04mol n NO  0,02 mol    30n NO  2n H  0,04.8,  0,64g n H2  0,02 mol  BTNT N   n NaNO3  0,02 mol    n Na 2SO4  BTNT Na  mX  mmuèi  mNa  0,54  0,02  0, 28 mol  n H2SO4  0, 28 mol  mSO2  39, 26  23.0,02  96.0, 28  11,92g  n H  4n NO  2n H2  2n O  0,56 mol  n O   mY  mX  mO  11,92  16.0,22  15,44g 0,56  4.0,02  2.0,02  0, 22 mol Câu 38 Chia 0,16 mol hỗn hợp X gồm hai anđehit đơn chức A hai chức B (MA < MB) thành hai phần Hiđro hóa phần cần vừa đủ 3,584 lít H2 (ở đktc) Cho phần tác dụng với lượng dư dung dịch AgNO3 /NH3 thu 25,92 gam Ag 8,52 gam hỗn hợp hai muối amoni hai axit hữu Các phản ứng xảy hoàn toàn Thành phần % khối lượng A hỗn hợp X A 49,12% B 34,09% C 65,91% D 50,88% Câu 38 25,92  0, 24 mol  n X : n Ag  1: => X chứa ACHO (a mol) B(CHO)2 (b mol) 108 n X  a  b  0,08 mol a  0,04   n Ag  2a  4b  0, 24 mol b  0,04  mACOONH  mB(COONH )  8,52g   A  62  0,04   B  124 .0,04  8,52g 4 n Ag   A  B  27  A  27,B  X chứa CH2  CHCHO  CHO 2 56.0,04  %mCH2 CHCHO  100%  49,12% => Chọn đáp án A 56.0,04  58.0,04 Câu 39 Hỗn hợp T gồm ba este A, B, C [với MA < MB < MC; MB = 0,5(MA + MC)] Thủy phân hoàn toàn m gam hỗn hợp T thu hỗn hợp U gồm ba axit hữu đồng đẳng 16 gam hỗn hợp V gồm ba chất hữu không đồng phân có số nguyên tử cacbon Đốt cháy hoàn toàn hỗn hợp U 15,68 lít CO2 (đktc) Mặt khác đốt cháy hồn tồn hỗn hợp V 26,4 gam CO2 14,4 gam H2 O Hỗn hợp V phản ứng hoàn toàn với dung dịch AgNO3 /NH3 dư thu 21,6 gam Ag Phần trăm khối lượng B T gần giá trị nhất? A 15,90% B 31,20% C 34,50% D 20,90% Câu 39.V + O2 → 0,6 mol CO2 + 0,8 mol H2 O mV  mC  mH 16  12.0,6  2.0,8   0, 45 mol 16 16 216  CHO : n  n   0,1 mol CHO Ag  2.108  BTNT O OH:   n OH  2.0,6  0,8  2.0, 45  0,35 mol  Quy đổi V thành:  BTNT C CH :   n CH2  0,6  0,1  0,5 mol  BTNT H H:   n H  2.0,8  0,1  0,35  2.0,5  0,15 mol BTKL   n O V    V chứa andehit => Andehit CH3 CHO 57 Nguyễn Ngọc Anh – Hocmai.vn : giáo viên luyện thi online offline Hà Nội Tel : 0984963428 Fb : thaygiaoXman ( Nguyen Ngoc Anh )  CH3CHO : 0,1 mol  => V gồm: CH 3CH 2OH :  0,15  0,1  0,05 mol  HOCH 2CH 2OH : 0,35  0,05  0,15 mol   n RCOOH  0,1  0,05  2.0,15  0,45 mol n CO2 0,7   1,55 => Số C trung bình axit  n RCOOH 0, 45 => axit HCOOH, CH COOH, C2 H5 COOH  MA < MB < MC; MB = 0,5(MA + MC)] => A CH3 COOCH=CH2 (0,1 mol) B C2 H5 COOC2 H5 (0,05 mol)C (HCOO)2 C2 H4 (0,15 mol) => %m B  102.0,05 100%  16, 24% 86.0,1  102.0,05  118.0,15 Gần với giá trị 15,90%=> Chọn đáp án A Câu 40 X este amino axit, Y peptit mạch hở Cho m gam hỗn hợp M gồm X Y tác dụng vừa đủ với dung dịch chứa 0,7 mol NaOH, đun nóng Sau phản ứng xảy hoàn toàn, thu 13,8 gam ancol đơn chức Z hỗn hợp T chứa muối glyxin, alanin, valin (trong có 0,5 mol muối glyxin) Đốt cháy hoàn toàn T O2 , thu Na2 CO3 , N2 , H2 O 1,45 mol CO2 Cho toàn lượng Z tác dụng hết với Na, sinh 0,15 mol H Phần trăm khối lượng Y M gần với: A 58% B 52% C 45% D 48% Câu 40 Có n Z  2n H2  0,3 mol  M Z  13,8  46  Z C2H5OH 0,3  T chứa AlaNa (a mol), ValNa (b mol) GlyNa (0,5 mol) n NaOH  a  b  0,5  0,7 mol a  0,1    n NaOH BTNT C n Na CO   0,35 mol   n C  3a  5b  2.0,5  1, 45  0,35 b  0,1    Dễ thấy a  b  n Z => X H2 NCH2 COOC2 H5 (0,3 mol) => Y chứa mắt xích Gly (0,5 – 0,3 = 0,2 mol), Val (0,1 mol), Ala (0,1 mol) => Y có dạng (AlaValGly2 )k %m Y  302k 0,1 k 0,1 302k  103.0,3 k 100%  49, 43% Gần với giá trị 48%=> Chọn đáp án D Câu 70 Đốt cháy hết 0,2 mol hỗn hợp X gồm glyxin, alanin, axit glutamic amin no đơn chức mạch hở lượng oxi vừa đủ thu 1,7 mol hỗn hợp Y gồm CO2, H2O N2 Hấp thụ tồn hỗn hợp Y vào bình đựng nước vơi dư thu 76 gam kết tủa Mặt khác cho m gam hỗn hợp X tác dụng với lượng dư dung dịch HCl thu 69,85 gam hỗn hợp muối Các phản ứng xảy hoàn toàn Giá trị m gần với giá trị sau đây? A 51 B 52 C 20 D 21 Câu 71 Hòa tan hết m gam hỗn hợp X gồm Na, Ba Al (Al chiếm 50% số mol) vào lượng H2O dư thu khí H2 dung dịch Y Nhỏ dung dịch HCl từ từ vào dung dịch Y Đồ thị biểu diễn số mol kết tủa theo số mol HCl hình sau: Các phản ứng xảy hoàn toàn Giá trị m gần giá trị sau đây? A 14 B 15 C 16 D 17 Hướng dẫn giải: Nhỉn đồ thị kỹ xử lý đồ thị ta có Câu 72 Có kết luận sau kim loại kiềm: (1) Cấu hình electron lớp ngồi ns2 (2) Có kiểu mạng tinh thể lập phương tâm khối (3) Trong tự nhiên không tồn dạng đơn chất mà tồn dạng hợp chất (4) 58 Nguyễn Ngọc Anh – Hocmai.vn : giáo viên luyện thi online offline Hà Nội Tel : 0984963428 Fb : thaygiaoXman ( Nguyen Ngoc Anh ) Cùng tác dụng với H2O nhiệt độ thường tạo dung dịch kiềm (5) Đều nổ tiếp xúc với axit (6) Điều chế phương pháp điện phân nóng chảy muối clorua (7) Tính khử tăng dần từ Li đến Cs Số kết luận A B C D Hướng dẫn giải: Chỉ có (1) sai cấu hình electron lớp ngồi ns1 Câu 73 Có kết luận sau chất: Axit fomic, anilin, phenol, saccarozơ, tristearin glucozơ: (1) Có chất mà dung dịch làm đổi màu quỳ tím (2) Có chất tham gia phản ứng tráng gương (3) Có chất tác dụng với dung dịch Br2 tạo kết tủa màu trắng (4) Có chất hòa tan Cu(OH)2 nhiệt độ thường (5) Có chất tham gia phản ứng thủy phân (6) Có chất tác dụng với dung dịch NaOH Số kết luận A B C D Câu 74 Chia hỗn hợp X gồm este đơn chức mạch hở có nối đơi C=C A este no hai chức mạch hở B thành hai phần Đốt cháy hết phần thu 0,68 mol CO2 0,53 mol H2O Thủy phân phần hai cần vừa 0,22 mol NaOH cô cạn thu hỗn hợp Y gồm a gam muối axit hữu D b gam muối axit hữu E (MD < ME) hỗn hợp Z gồm hai ancol đồng đẳng Các phản ứng xảy hoàn toàn Tỉ lệ a : b A 1,25 B 0,86 C 1,14 D 0,80 Hướng dẫn giải: = 0,22 (1COO, k = 2) Z gåm ancol ®®kt (2COO, k = 2) gam muèi D Y gam muèi E 2 O2 NaOH CO 0,68 H O 0,53 A X B a b           CH CH COONa : NaOOC C          a 0,08 94 0,80 b 0,07 134     Câu 75 Điện phân dung dịch hỗn hợp X gồm NaCl CuSO4 (điện cực trơ, màng ngăn xốp) thời gian t giây thu dung dịch Y, hỗn hợp khí có tỉ khối H2 27,7 đồng thời thấy khối lượng catot tăng lên 8,96 gam so với ban đầu Nếu thời gian điện phân 2t giây tổng thể tích khí thu điện cực 5,6 lít (đktc) Cho tồn dung dịch Y tác dụng với lượng dư dung dịch Ba(OH)2, lọc kết tủa nung đến khối lượng không đổi thu m gam chất rắn T Giá trị m A 46,60 B 32,62 C 51,40 D 37,42     m = 0,06  80 + 0,2  233 = 51,4 gam Câu 76 Cho m gam hỗn hợp X gồm Mg, Fe Cu tác dụng với V ml dung dịch hỗn hợp Fe(NO3)3 0,5M Cu(NO3)2 0,75M thu 33,6 gam chất rắn Y dung dịch Z Cho toàn chất rắn Y tác dụng với dung dịch H2SO4 lỗng dư thu 4,48 lít H2 (đktc) Cho 0,64 mol NaOH vào dung dịch Z, khuấy đều, lọc kết tủa nung khơng khí đến khối lượng không đổi thu 20 gam chất rắn A Cô cạn phần nước lọc nung đến khối lượng không đổi thu 43 gam chất rắn B Các phản ứng xảy hoàn toàn Phần trăm khối lượng Fe hỗn hợp X A 52,50% B 35,00% C 26,25% D 17,50% Hướng dẫn giải ,6 – (0,1  56 + 0,15  64) = 32 gam (trong X) = 0,3 56 %mFe 100 52,5% 32    Câu 77 Cho hỗn hợp X gồm hai chất hữu A (C7H19N3O4) B (C8H21N3O2) tác dụng với lượng dung dịch NaOH vừa đủ đun nóng thu hỗn hợp Y gồm hai amin có tỉ khối H2 18,5 dung dịch Z chứa hai muối natri axit glutamic lysin Tỉ lệ mol A B hỗn hợp X A : B : C : D : Hướng dẫn giải: Câu 78 Hỗn hợp X gồm hai peptit mạch hở A B có số nguyên tử cacbon phân tử peptit chứa glyxin, alanin valin Thủy phân hết 88,9 gam hỗn hợp X lượng dung dịch NaOH vừa đủ cô cạn thu hỗn hợp muối Y Đốt cháy toàn hỗn hợp Y cần vừa 4,8 mol O2 thu 7,5 mol hỗn hợp CO2, H2O N2 Tỉ lệ mol muối natri glyxin valin hỗn hợp Y A : B : C : D : Câu 80 Hòa tan hết m gam hỗn hợp X gồm Ba, Na, NaHCO3 Na2CO3 vào H2O dư thu dung dịch Y gồm hai muối natri; 2,912 lít H2 (đktc) 19,7 gam kết tủa Chia dung dịch Y thành hai phần Nhỏ từ từ 160 ml dung dịch HCl 2M vào phần một, khuấy thu 3,136 lít CO2 (đktc) Nhỏ từ từ phần hai vào 80 ml dung dịch HCl 2M khuấy thu 2,24 lít CO2 (đktc) Các phản ứng xảy hoàn toàn Phần trăm khối lượng Ba hỗn hợp X gần với giá trị sau đây? A 18% B 19% C 20% D 21% Hướng dẫn giải: 137 %mBa 100 17,50% Câu 79 Nung 1,26 mol hỗn hợp X gồm Mg, Fe(NO3)2 FeCO3 bình kín đến khối lượng khơng đổi thu chất rắn Y 13,44 lít hỗn hợp khí Z (đktc) có tỉ khối H2 22,8 Cho toàn chất rắn Y tác dụng với dung dịch hỗn hợp 2,7 mol HCl 0,38 mol HNO3 đun nhẹ thu dung dịch A 7,168 lít hỗn hợp khí B (đktc) gồm NO N2O Cho toàn dung dịch A tác dụng với lượng dư dung dịch AgNO3, thu 0,448 lít NO (đktc) sản phẩm khử m gam kết tủa Các phản ứng xảy hoàn toàn Giá trị m gần với giá trị sau đây? A 413 B 411 C 415 D 417 Câu 34: Nhỏ từ từ đến dư dung dịch Ba(OH)2 0,2M vào 100 ml dung dịch X chứa Al2 (SO4 )3 aM Mối quan hệ khối lượng kết tủa thu số mol Ba(OH)2 thêm vào biểu diễn đồ thị sau : 59 Nguyễn Ngọc Anh – Hocmai.vn : giáo viên luyện thi online offline Hà Nội Tel : 0984963428 Fb : thaygiaoXman ( Nguyen Ngoc Anh ) Mặt khác, cho 100 ml dung dịch hỗn hợp Ba(OH)2 0,2M NaOH 0,3M vào 100 ml dung dịch X thu m gam kết tủa Giá trị m gần với A 5,40 B 5,45 C 5,50 D 5,55 Câu 34 Chọn đáp án B Nhìn đồ thị ta thấy có giai đoạn + giai đoạn 1: đồ thị lên xảy phản ứng: 3Ba(OH)2 + Al2 (SO4 )3 → 3BaSO4 ↓ + 2Al(OH)3 ↓ (1) + giai đoạn đồ thị xuống Ba(OH)2 hòa tan kết tủa Al(OH)3 ↓ theo phản ứng Ba(OH)2 + 2Al(OH)3 → Ba(AlO2 )2 + 4H2 O (2) + giai đoạn đồ thị ngang phản ứng (2) Al(OH)3 bị hòa tan hồn tồn, lại kết tủa BaSO4 6,99  0, 03(mol) 233 0, 03  n Al2 (SO4 )3  n SO 2   0, 01(mol) n Al (SO )  a   0,1(M) 0,1 n BaSO4  nBa(OH)2 = 0,1 0,2 = 0,02 (mol) ; nNaOH = 0,1.0,3 = 0,03 (mol) ; nAl2(SO4)3 = 0,1.0,1 = 0,01 (mol) => ∑ nOH- = 2nBa(OH)2 + nNaOH = 0,02 + 0,03 = 0,07 (mol) Xét:  n OH n Al3  0, 07  3,5  0, 02 Có phản ứng xảy raBa2+ + SO4 2-→ BaSO4 ↓ 0,02 → 0,02 (mol) 3+ 3+ − 3OH + Al → Al(OH)3 ↓ 4OH + Al → AlO2 + H2 O Áp dụng công thức nhanh: nOH - = 4nAl3+ - nAl(OH)3 => nAl(OH)3 = 4nAl3+ - nOH - = 4.0,02 – 0,07 = 0,01 (mol) => m↓ = mAl(OH)3 + mBaSO4 = 0,01.78 + 0,02.233 = 5,44 (g) gần với 5,45 (g) Câu 35: Cho m gam hỗn hợp X gồm Al4 C3 CaC2 vào nước dư thu dung dịch A, a gam kết tủa B hỗn hợp khí C Lọc bỏ kết tủa Đốt cháy hồn tồn khí C dẫn sản phẩm cháy vào dung dịch A thu thêm a gam kết tủa Trong hỗn hợp X, tỷ lệ mol Al4 C3 CaC2 A 1:1 B 1:3 C 2:1 D 1:2 Câu 35 Chọn đáp án A Đặt số mol AlC4 : x mol số mol CaC2 : y mol Al4 C3 + 12H2 O → 4Al(OH)3 + 3CH4 ↑ x → 4x → 3x (mol) CaC2 + 2H2 O → Ca(OH)2 + C2 H2 ↑ y →y →y (mol) Ca(OH)2 + 2Al(OH)3 → Ca(AlO2 )2 + 4H2 O y →2y →y (mol) Kết tủa B Al(OH)3 : 4x – 2y (mol) ddY có: nCa(AlO2)2 = y (mol) 60 Nguyễn Ngọc Anh – Hocmai.vn : giáo viên luyện thi online offline Hà Nội Tel : 0984963428 Fb : thaygiaoXman ( Nguyen Ngoc Anh ) hỗn hợp C gồm CH4 : 3x (mol) ; C2 H2 : y (mol) BTNT C => đốt thu nCO2 = nCH4 + 2nC2H2 = 3x +2y CO2 dư nên xảy phản ứng tạo Ca(HCO3 )2 2CO2 + Ca(AlO2 )2 + 4H2 O → Ca(HCO3 )2 + 2Al(OH)3 ↓ y → 2y (mol) Theo ta có: (4x – 2y).78 = 2y 78=> x = y => tỉ lệ mol Al4 C3 CaC2 1: Câu 36: Hòa tan hết 31,12 gam hỗn hợp X gồm Mg, Fe, Fe O4 , FeCO3 vào dung dịch hỗn hợp chứa H2 SO4 KNO3 Sau phản ứng thu 4,48 lít hỗn hợp khí Y (đktc) gồm (CO2 , NO, NO2 , H2 ) có tỷ khối so với H2 14,6 dung dịch Z chứa muối trung hòa với tổng khối lượng m gam Cho BaCl2 dư vào Z thấy xuất 140,965 gam kết tủa trắng Mặt khác, cho NaOH dư vào Z thấy có 1,085 mol NaOH phản ứng đồng thời xuất 42,9 gam kết tủa 0,56 lít khí (đktc) Các phản ứng xảy hoàn toàn Cho kết luận sau: (a) Giá trị m 82,285 gam (b) Số mol KNO3 dung dịch ban đầu 0,225 mol (c) Phần trăm khối lượng FeCO3 hỗn hợp X 18,638 (d) Số mol Fe3 O4 X 0,05 mol (e) Số mol Mg X 0,15 mol Số kết luận không A B C D Câu 37: Cho Z chất hữu chứa C, H, O có cơng thức phân tử trùng với công thức đơn giản Cho 2,85 gam Z tác dụng hết với H2 O (có H2 SO4 lỗng xúc tác) tạo a gam chất hữu X b gam chất hữu Y Đốt cháy hết a gam X tạo 0,09 mol CO2 0,09 mol H2 O Còn đốt cháy hết b gam Y thu 0,03 mol CO2 0,045 mol H2 O Tổng lượng O2 tiêu tốn cho hai phản ứng cháy lượng O2 thu nhiệt phân hoàn toàn 42,66 gam KMnO4 Biết MX = 90 Z tác dụng với Na tạo H2 Phát biểu khơng đúng? A X có cơng thức cấu tạo phù hợp B Z có đồng phân cấu tạo C Trong Z, Oxi chiếm 40,68% khối lượng.D Cả X Z hợp chất tạp chức Câu 37 Chọn đáp án C Đốt cháy X cho nCO2 = nH2O => X có dạng: Cn H2n Ox MX = 90 => 14n + 16x = 90 => n = x = phù hợp Vậy CTPT X C3 H6 O3 : 0,03 (mol) ( nX = nCO2 /3) BTNT: O => nO2 đốt X = (2nCO2 + nH2O – 3nC3H6O3 )/2 = ( 2.0,09 + 0,09 – 3.0,03)/2 = 0,09 (mol) nO2( để đốt Y) = 0,135 – 0,09 = 0,045 (mol) nY = nH2O – nCO2 = 0,045 – 0,03 = 0,015 (mol) Y có dạng C2 H6 Oy : 0,015 (mol) BTNT: O => 0,015y + 0,045.2 = 0,03.2 + 0,045 => y = 1CTCT Y C2 H5 OH BTKL cho phản ứng thủy phân: mZ + mH2O = mX + mY => mH2O = 0,03 90 - 0,015.46 – 2,85 = 0,54 (g) => nH2O = 0,03 (mol) Phản ứng thủy phân có dạng: Z + 3H2 O → 2X + Y CTCT Z thỏa mãn HO-CH2 -CH2 -COO-CH2 -CH2 -COO-C2 H5 HO-CH(CH3 )-COO-CH2 -CH2 -COO-C2H5 HO-CH2 -CH2 -COO-CH(CH3 )-COO-C2H5 HO-CH(CH3 )-COO-CH(CH3)-COO-C2H5 A Đúng X có CTCT phù hợp HO-CH2 -CH2 -COONa HO- CH(CH3 )-COONa B Đúng ( viết trên) C sai Z: C8 H14 O5 => % O = [(16.5): 190 ].100% = 42% D Đúng X Z chứa nhóm –OH –COOH nên thuộc hợp chất tạp chức Câu 38: Cho X hợp chất hữu chứa vòng benzen có KLPT nhỏ 160 đvC Đun nóng 18,24 gam X với dung dịch KOH 28 tới phản ứng hồn tồn Cơ cạn hỗn hợp sau phản ứng thu phần chất rắn Y 63,6 gam chất lỏng Z gồm nước ancol đơn chức Đốt cháy hoàn toàn Y thu sản phẩm gồm 28,16 gam CO2 ; 5,76 gam H2 O 27,6 gam K2 CO3 Dẫn tồn Z qua bình đựng Na dư thu 38,528 lít khí H2 (đktc) Phần trăm khối lượng muối Y gần với A 74% B 72% C 76% D 78% Câu 38 Chọn đáp án A 61 Nguyễn Ngọc Anh – Hocmai.vn : giáo viên luyện thi online offline Hà Nội Tel : 0984963428 18, 24 gX(M X  160g / mol)  KOH : 28%   Fb : thaygiaoXman ( Nguyen Ngoc Anh ) ROH  NaOH 38,528 63, g Z   H :  1, 72(mol) 22, H O 28,16  CO : 44  0, 64 (mol)  5, 76   O2 Y   H O :  0,32 (mol) 18  27,  K CO3 : 138  0, (mol)  Bảo toàn e: => nROH + nH2O = 2nH2 = 3,44 (mol) BTNT K : => nKOH = 2nK2CO3 = 0,4 (mol) m KOH 0, 4.56 100%  100%  80(g) 28% 28%  m H2O (trong dd)  m ddKOH  m KOH  80  22,  57, 6(g) mddKOH   n H2O  57,  3, (mol) 18 TH1 : Nếu X + KOH không tạo H2 O Z gồm ancol H2 O từ dd KOH => nROH = 3,44 – 3,2 = 0,24 (mol) mROH = 63,6 – 3,2.18 = (g)  M ROH   25  loai 0, 24 TH2 : Nếu X + KOH tạo H2 O => hỗn hợp Z gồm ancol ; H2 O từ dd KOH H2 O từ phản ứng sinh => nROH + nH2O (sinh ra) = 3,44 – 3,2 = 0,24 (mol) => nROH = nH2O (sinh ra) = 0,12 (mol) (Vì tỉ lệ sinh nH2O = nROH ) Ta có: 0,12 (R + 17) + 0,12 18 = 63,6 – 3,2.18 => R= 15 Vậy ancol CH3 OH CTPT X HOC6 H4 COOCH3 ( Vì X chứa vòng benzen có phân tử khối < 160) BTKL ta có: mX + mddKOH = mZ + mY => mY = mX + mddKOH - mZ = 18,24 + 80 – 63,6 = 34,64 (g) HOC6 H4 COOCH3 + KOH → KOC6 H4COOK + CH3 OH 0,12 ← 0,12 (mol) => mKOC6H4COOK = 0,12 214 = 25,68 (g)  % KOC6 H 4COOK  25, 68 100%  74,13% 34, 64 Câu 39: Cho 51,48 gam hỗn hợp A gồm X, Y, Z (MX < MY < MZ) ba peptit mạch hở tạo thành glyxin valin Đốt cháy hoàn toàn chất X Y Z hỗn hợp A thu số mol CO2 H2 O 0,04 mol Mặt khác, đun nóng hoàn toàn hỗn hợp A với dung dịch NaOH vừa đủ thu dung dịch B chứa 69,76 gam hỗn hợp muối Phần trăm khối lượng X hỗn hợp A có giá trị gần với A 48,85% B 48,90% C 48,95% D 49,00% Câu 40: Hợp chất X có cơng thức C6 H10 O5 (trong phân tử khơng chứa nhóm –CH2 –) Khi cho X tác dụng với NaHCO3 với Na số mol khí sinh số mol X phản ứng Từ X thực phản ứng sau (theo tỉ lệ mol): (1) X → Y + H2 O (2) X + 2NaOH → 2Z + H2 O (3) Y + 2NaOH → Z + T + H2 O (4) 2Z + H2 SO4 → 2P + Na SO4 CaO,t  Na CO + Q (6) Q + H2 O → G (5) T + NaOH  Biết X, Y, Z, T, P, Q, G hợp chất hữu mạch hở Trong phát biểu sau: (a) P tác dụng với Na dư thu số mol H2 số mol P phản ứng (b) Q có khả thúc cho hoa mau chín (c) Hiđro hóa hồn tồn T (Ni, to) thu Z (d) G dùng để sản xuất “xăng sinh học” Số phát biểu A B C D Câu 39 Chọn đáp án C 62 Nguyễn Ngọc Anh – Hocmai.vn : giáo viên luyện thi online offline Hà Nội Tel : 0984963428 Fb : thaygiaoXman ( Nguyen Ngoc Anh ) Cách 1: Ta thấy gly ala aa no, hở, NH2 ,1 COOH : Cn H n1 NO2  Ck n H 2k n2k Nk Ok 1 Gọi hỗn hợp peptit có số mắt xích k peptit : kCn H n1 NO2  (k  1) H 2O  Gọi hỗn hợp ban đầu có x(mol) Theo liệu tốn ta có hệ sau: k  O2 Ck n H k n  2 k N k Ok 1    knCO2  (kn   ) H O NaOH Ck n H k n  2 k N k Ok 1  kCn H n NO2 Na mhh  M n  (14kn  29k  18).x  51, 48  k  n CO2  nH 2O  (  1) x  0, 04.3  mhh muoi  (14n  69) kx  69, 76  knx  2, 42  nCO   kx  0,52  naa  x  0,14  n hh peptit   nGly  x  x  0, 06   nCO2  x  y  2, 42     Gọi  nVal  y  y  0, 46    naa  x  y  0,52 Cách 2: Coi hỗn hợp hỗ hợp gồm C2 H NO  : a(mol )  CH : b(mol )  H O : c(mol )  Câu 36 Chọn đáp án D CO2 ; NO, NO , H  0,2mol;M  29,2 Mg  Fe  BaCl2     BaSO : 0, 605(mol) H 2SO  31,12g X       NH3 : 0, 025(mol) Fe3O KNO3 Fe3 , Mg 2 , K  ,SO 2 , NH    4  NaOH:1,085mol FeCO3   Mg(OH) , Fe(OH)3      42,9g  BTNTS : n SO 2  n BaSO4  0, 605(mol) n NH   n NH3  0, 025 mol m kimloai X  42,9  17 (1, 085  0, 025)  24,88g Quy đổi hỗn hợp X thành Fe, Mg, O CO2 Đặt a, b số mol O CO2 X Đặt x số mol H2 ∑ m(O +CO2) = 31,12 – 24,88 = 6,24 (1) n NO  n NO2  0,  b  x BTNT:N   n KNO3  n NO  n NO2  n NH3  0, 255  b  x Sau phản ứng với dung dịch NaOH thu dd chứa K2 SO4 Na2 SO4 Bảo tồn điện tích: 63 Nguyễn Ngọc Anh – Hocmai.vn : giáo viên luyện thi online offline Hà Nội Tel : 0984963428 Fb : thaygiaoXman ( Nguyen Ngoc Anh ) n Na   n K  n SO 2  1, 085  0, 225  b  x  0, 605.2(2) BTNT:H   2n H2SO4  4n NH   2n H2  2n H2O  n H2O  0,555  x BTKL   mX  mH2SO4  m KNO  m Y  m Z  m H2O  31,12  0, 605.98  101(0, 255  b  x)  24,88  39(0, 225  b  x)  0, 025.18  0, 605.96  0, 2.29,  18(0,555  x)  62  44x  6,98(3) Từ (1), (2) (3) => a = 0,28 (mol) ; b = 0,04 (mol) ; x = 0,06 (mol => m = 24,88 + 39 ( 0,255 –b –x) + 0,025.18 + 0,605.96 = 88, 285 => nhận định a) sai nKNO3 = 0,225 – b – x = 0,125 => nhận định b) sai %FeCO3 = ( 0,04.116/ 31,12).100% = 14,91% => nhận định c) sai nO = 4nFe3O4 + nFeCO3 => nFe3O4 = 0,06 => nhận định d) sai => có tất nhận định sai Câu 32 Điện phân (điện cực trơ, màng ngăn xốp, cường độ dòng điện khơng đổi) V lít dung dịch X chứa đồng thời R(NO3 )2 0,45M (R kim loại hóa trị khơng đổi) NaCl 0,4M thời gian t giây, thu 6,72 lít hỗn hợp khí anot (đktc) Nếu thời gian điện phân 2t giây thu dung dịch Y Dung dịch Y tác dụng vừa đủ với 400 ml dung dịch chứa KOH 0,75M NaOH 0,5M, không sinh kết tủa Biết hiệu suất điện phân 100%, khí sinh khơng tan dung dịch Giá trị V A 0,75 B 1,00 C 0,50 D 2,00 Do Y có phản ứng với kiềm nên R2+ có bị điện phân n R NO3   0,45V,n NaCl  0,4V R  NO3 2  2NaCl  R  Cl2  2NaNO3 1 6,72  n Cl2  0,3  0, 2V mol 22,  2n Cl2  4n O2  2.0,2V  4. 0,3  0,2V   1,2  0,4V n Cl2  0, 2V  n O2   Trong t (s): n e trao ®ỉi 1,  0, 4V  0,3  0,1V  0,3  0, 2V  0,3  0,1V  0,6  0,3V => Trong t (s) anot sinh ra: n O2    n O2 mol  Trường hợp 1: Trong 2t (s) R2+ chưa bị điện phân hết  0,45V.2  1,2  0,4V .2  V  1,412 n H  4n O2  4. 0,6  0,3V  n R 2 d­  1,2  0,4V  0,45V  1,2  0,85V Thêm kiềm khơng có kết tủa chứng tỏ R(OH)2 lưỡng tính tan trở lại  n OH  4. 0,6  0,3V   1,2  0,85V   0,4  0,75  0,5   0,5 mol  V  1,457 (loại điều kiện V  1,412 )  Trường hợp 2: Trong 2t (s) xảy điệ phân nước catot Sau phản ứng (1): n R 2  0,45V  0,2V  0,25V => Khi điện phân hết R 2 n H  0,25V.2  0,5V n H  n OH  0,5 mol  V  11 Câu 36: Đốt cháy este chức mạch hở X (được tạo từ axit cacboxylic no, đa chức, phân tử X khơng có q liên kết π) thu tổng thể tích CO2 H2 O gấp 5/3 lần thể tích O2 cần dùng Lấy 21,6 gam X tác dụng hoàn toàn với 400 ml dung dịch NaOH 1M, cô cạn dung dịch sau phản ứng thu m gam chất rắn Giả trị lớn m A 28,0 B 24,8 C 24,1 D 26,2 64 Nguyễn Ngọc Anh – Hocmai.vn : giáo viên luyện thi online offline Hà Nội Tel : 0984963428 Fb : thaygiaoXman ( Nguyen Ngoc Anh ) Câu 36: Đáp án D 3n  k  t O2   nCO2   n   k  H2O 5  3n  k   n CO2  n H2O  n O2  n   n   k     3     2n   k    3n  k  3  k  21  3n  k    21  3n   5,33  n  21,  0,15mol nNaOH >2nX=>NaOH dư, X hếtĐể khối lượng chất rắn lớn  n  6, k  X : C6 H8O4 , n X  144 Gọi CTTQ X: Cn H2n 22k O4  k  5 Cn H2n 22k O4  este H3 COOC-CH2 -COOCH=CH2 Khi chất rắn gồm: CH2 (COONa)2 (0,15 mol) NaOH dư (0,4 - 0,15.2 = 0,1 mol) m = 0,15.148+0,1.40 = 26,2 gam Câu 27: Chất hữu X có cơng thức phân tử C8 H15 O4 N Khi cho chất X tác dụng với dung dịch NaOH, đun nóng, thu sản phẩm gồm chất Y, C2 H6 O CH4 O Chất Y muối natri α – amino axit Z (chất Z có cấu tạo mạch hở có mạch cacbon không phân nhánh) Số công thức cấu tạo phù hợp X A B C D Câu 34: Hỗn hợp X gồm Ba, BaO Ba(OH)2 có tỉ lệ số mol tương ứng 1: : Cho m gam X vào nước thu a lít dung dịch Y V lít khí H2 (đktc) Hấp thụ 8V lít CO2 (đktc) vào a lít dung dịch Y đến phản ứng xảy hồn tồn thu 98,5 gam kết tủa Giá trị m A 105,16 B 119,50 C 95,60 D 114,72 Câu 39: Hỗn hợp X gồm peptit mạch hở, tạo thành từ amino axit có dạng H2 NCmHn COOH Đun nóng 4,63 gam X với dung dịch KOH dư, thu dung dịch chứa 8,19 gam muối Nếu đốt cháy hoàn toàn 4,63 gam X cần 4,2 lít O2 (đktc) Dẫn tồn sản phẩm cháy (CO2 , H2 O, N2 ) vào dung dịch Ba(OH)2 dư, sau phản ứng thu m gam kết tủa khối lượng dung dịch giảm 21,87 gam Giá trị m gần giá trị sau đây? A 35,0 B 30,0 C 32 D 28 65 ... chứa Cu(NO3 )2 ⇒ nCu(NO )2 = 0,5x + y ⇒ b = 94x + 188y Fe dư + Y → Z ||⇒ Z chứa Fe(NO3 )2 ⇒ nFe(NO )2 = 0,5x + y ⇒ c = 90x + 180y 2b = a + c ⇒ × (9 4x + 188y) = (1 70x + 188y) + (9 0x + 180y) ⇒ 72x... mol Fe(OH)3 mà có 0,9 mol NaOH → chứng tỏ n H+ Y = 0,3 mol hết.! (p/s: đừng nhầm lẫn 0,2 mol Fe(OH)3 → ∑n Fe X = 0,2 nhé. !) ♦ CB3 : 19,2 gam (Fe; O) + 0,75 mol H SO4 (lượng đ ) → Fe2 (SO4 )3 +... g + PT bảo toàn oxi: 2a + 4b + 2c = 0,88 (1 ) + PT theo nH2O – nCO2 : –b + c = 0,02 (2 ) + PT theo số mol NaOH pứ: a + 2b = 0,38 (3 ) + Giải hệ (1 ) (2 ) (3 ) ta có: a = 0,3, b = 0,04 c = 0,06 mol ⇒