Hocmai.vn – Website học trực tuyến số Việt Nam Khóa học Luyện thi THPT quốc gia PEN - C: Mơn Hóa học (Thầy Vũ Khắc Ngọc) -Nhóm N3 CÁC DẠNG BÀI VỀ AXIT CACBOXYLIC (ĐÁP ÁN BÀI TẬP TỰ LUYỆN) Giáo viên: VŨ KHẮC NGỌC Các tập tài liệu b iên soạn kèm theo g iảng “Các dạng axit cacbo xylic” thuộc Khóa học luyện thi THPT quốc gia PEN-C: Mơn Hóa học (Thầy Vũ Khắc Ngọc) website Hocmai.vn để giúp Bạn kiểm tra, củng cố lại kiến thức giáo viên truyền đạt giảng tương ứng Để sử dụng hiệu quả, Bạn cần học trước giảng “ Các dạng axit cacbo xylic” sau làm đầy đủ tập tài liệu Dạng 1: Xác định CTPT từ CT thực nghiệm A B Câu 1: Cơng thức thực nghiệm X (C3 H4 O )n axit no, no mạch hở nên số O axit phải chẵn =>CTPT X C6 H8 O6 Độ bất bảo hòa k = =>Cơng thức cấu tạo C3 H5 (COOH)3 Đáp án: A Câu 2: Cơng thức thực nghiêm X (C3 H5 O )n => Số H O axit phải chẳn => n = Cơng thức phân tử C6 H10 O4 Đáp án: B Dạng 2: Bài tập A C 11 D 12 B 21 D 22 B phản ứng đốt cháy D B 13 B 14 D 23 A 24 B D 15 D 25 C C 16 B 26 B B 17 D 27 B C 18 D 28 B D 19 C 10 C 20 C Câu 1: nCO = 0,1 mol nH2 O = 0,1 mol =>Số mol CO = nH2 O mà chất X phản ứng với Na2 CO3 => X có nhóm –COOH BTNT: O => mO X = – ( 0,1*122 + 0,1*2) = 1,6 gam => nO = 0,1 mol nCO2 0,1 C     CH 3COOH nX 0, 05 Đáp án: A Câu 2: Axit cacboxylic đơn nên có nhóm –COOH Số mol O cần dùng 2nCO2  nH2O  nO 0,3*2  0,  0, BTNT :O  nO2    0,3(mol ) 2 Tổng đài tư vấn: 1900 58-58-12 - Trang | - Hocmai.vn – Website học trực tuyến số Việt Nam Khóa học Luyện thi THPT quốc gia PEN - C: Mơn Hóa học (Thầy Vũ Khắc Ngọc) -Nhóm N3 VO2  0,3*22,  6,72(lit ) Đáp án: C Câu 3: Axit X no đa chức có nhóm –COOH => Độ bất bảo hòa k = Số mol nX = nCO – nH2 O = 0,6 – 0,5 = 0,1 mol nCO2 C   HOOC  (CH )  COOH nX Đáp án: D Câu 4:   n Ca2   0,35(mol) BTNT.Ca   n Ca(HCO3 )2  0,25(mol)   n C  0,6(mol)   n  0,1(mol)   CaCO3   m  0,6.44  m H2O  10  25,  n H2O  0,5(mol)  n axit  n CO2  n H2O  0,1(mol)  n Otrongaxit  2n X  0,2  maxit   m C  H  O  0,6.12  0,5.2  0,2.16  11,4(gam) Đáp án: B Câu 5: t  Na2 CO + CO2 RCOONa + O2  0,1 0,05 0,15 mol  nCO2  0,15  0, 05  0, 2(mol ) BTNT :C C nCO2 nX   CH 3COONa Đáp án: D Câu 6: Axit hai lần axit axit hai chức Số mol nNa2 CO3 = 0,012 mol nCO = 0,012 mol Khối lương O hỗn hợp A => mO = mA – mNa – mC = 1,608 – 0,024*23 – 0,024*12 = 0,768gam =>nO = 0,048 => số mol A = ¼ số mol O = 0,012 mol nCO2 0, 024 C    NaOOC  COONa nX 0, 012 Đáp án: C Câu 7:  n X  0,15(mol) X phải có axit đơn chức axit đa chức (Loại A, D ngay)   n NaOH  0,25(mol) Tổng đài tư vấn: 1900 58-58-12 - Trang | - Hocmai.vn – Website học trực tuyến số Việt Nam Khóa học Luyện thi THPT quốc gia PEN - C: Mơn Hóa học (Thầy Vũ Khắc Ngọc) -Nhóm N3 nCO  1,667 0,15 C  a  0,05 nđơn chức  a a  b  0,15 nđơn chức  0,1(mol ) 0,15     0,3  a  2b  0, 25 b  0,1 nđa chức  b nđa chức  0, 2(mol )  HCOOH  HOOC  COOH Đáp án: B Câu 8:  n X  0,3(mol)  n HCOOH  a(mol)  C  1,67  HCOOH  0,15 :    n HOOC RCOOH  b(mol)  n CO2  0,5(mol) a  b  0,15 a  0,05(mol)   a  2b  0,25  b  0,1(mol) Thử vào đáp án Dễ thấy A khơng thỏa mãn Đáp án: C Câu 9:  n CO  0,11(mol)  HOOC  R  COOH : 0,055 0,2   n este  0,145(mol)  HOOC  COOH : 0,055 BTNT.cacbon   CH 3OOC  COOCH : 0,145 BTNT.hidro   n H  0,055.2  0,145.6  0,98  m H2O  0,98 18  8,82(gam) Đáp án: D Câu 10: Vì X gồm chất mạch thẳng nên B C chất no chức a 0,1 CnH 2n O:a a  b  0,25   Ta quy X :  1,15.14 16a  (32  2).b 22,2 b 0,15    CmH 2m 2 O2 :b BTNT.H   n H2 O  n CO2  b  1,15  0,15   m  18 →Chọn C Đáp án: C Câu 11:  n CO2  0,2(mol) BTKL 4,  0,2.12  0,2.2    n Otrong X   0,1  n X  0,05(mol) 16   n H2O  0,2(mol) Ta có:  4,4  MX   88  0,05    C H5COOCH3 4,8 M  96  R  29 RCOONa   0,05  Đáp án: D Câu 12: n HOC H2 (NO2 )3 N : 0,18  a  0,6 27,48 H : 0,18 a  b  0,72 BTNT   0,12     229 a  2b  0,84 b  0,12 CO : a CO2 : b  Tổng đài tư vấn: 1900 58-58-12 - Trang | - Hocmai.vn – Website học trực tuyến số Việt Nam Khóa học Luyện thi THPT quốc gia PEN - C: Mơn Hóa học (Thầy Vũ Khắc Ngọc) -Nhóm N3 p nRT (0,18  0,18  0,72).0,082.(273  1223)   6,624 V 20 Đáp án: B Câu 13: n M  0, 2(mol); n CO2  0, 4(mol)  chất M gồm bon Do số mol nước = số mol CO nên Y có nhiều liên kết π.Mà Y có ngun tử C C H : a(mol) a  b  0,2 a  0,1(mol)  0,2 mol M    HOOC  COOH : b(mol) 6a  2b  0,8 b  0,1(mol) 0,1.90 Có : %m(HOOC  COOH)   75% 0,1.90  0,1.30 Đáp án : B Câu 14: Bài tốn thử đáp án.Chúng ta làm nhanh sau : nCO2 : 0,02n  0,02 Cn H 2n O2  nH O : 0,02n  0,12  0,03n  0,02n  0,09  du O2 : 0,1  0,02  0,03n O2 n 3 => CH3 -CH2-COOH Đáp án: D Câu 15: Vì a xit có tổng cộng liên kết π nên : 0,3  0,1  0,1  n Otrong axit  0,2(mol) BTKL   a   m(C, H,O)  0,3.12  0,1.2  0,2.16  7(gam) n CO2  n H2O  2n axit  n axit  Đáp án: D Câu 16: Cn H n 2O2 4,02  14n  32    n  3,6  0,18 n  0,18  n CO2   n 0,18  nhh   0,05  nCO2  nH 2O  nH 2O  0,13(mol )  B 3,6 Đáp án : B Câu 17: Vì a xit có tổng cộng liên kết π nên : n CO2  n H2O  2n axit  n axit  0,3  0,1  0,1 n Otrong axit  0,2(mol) BTKL   a   m(C , H , O)  0,3.12  0,1.2  0, 2.16  7( gam) Đáp án: D Câu 18: Ctb = 0,14/0,1 = 1,4  Do khơng có ancol đa chức có 1C nên axit HCOOH Xét 0,06 mol HCOOH 0,04 mol C n H2n+2Ox Ta có: 0,06 + 0,04n = 0,14  n =  C2 H4 (OH)2 Tính %Y = 47,33% Đáp án: D Tổng đài tư vấn: 1900 58-58-12 - Trang | - Hocmai.vn – Website học trực tuyến số Việt Nam Khóa học Luyện thi THPT quốc gia PEN - C: Mơn Hóa học (Thầy Vũ Khắc Ngọc) -Nhóm N3 Câu 19:  HCOOH : a a  b   HCOOH : 0,6 a 1 H       HOOC  COOH : b a  2b  1,  HOOC  COOH : 0, 0,6 * 46  % HCOOH  *100  43,39(%) 0,6 * 46  90 * 0, Đáp án: C Câu 20: X  NaHCO3  n CO2  0,06  n COOH  n OX  0,12(mol) BTNT.oxi   0,12  0,09.2  0,11.2  a  a  1,44(gam) 18 Đáp án: C Câu 21: NaOH : 0,05(mol ) C15 H 31COOH : a(mol )  CO2 : 0,85(mol ) ; X C17 H 35COOH : b(mol ) C H COOH : c(mol ) H 2O : 0,82(mol )  17 31 a  b  c  0,05 a  0,025(mol )  BTNT cacbon     16a  18b  18c  0,85  b  0,01(mol )  BTNT hidro    32a  36b  32c  0,82.2 c  0,015(mol ) Đáp án: D Câu 22: X  NaHCO3  n CO2  0,06  n COOH  n OX  0,12(mol) BTNT.oxi   0,12  0,09.2  0,11.2  a  a  1,44(gam) 18 Đáp án : B Câu 23: n rắn = n H2O – n CO2 =0,1(mol) m O  12,88  0,54.12  0,64.2  5,12  n O  0,32( mol ) nruou  0,1(mol )   0,32  0,1  0,11(mol ) naxit  Nhận thấy 0,1 CH3 OH + 1,11 C3 H7 COOH=12,88 →m=0,1.(43+44+15) =10,2(gam) Đáp án: A Câu 24: BTNT.C    n CO2  n CaCO3  0,8(mol)  Ta có:  BTKL 14,4  m  80  (0,8.44  m H2O )  30,4  n H 2O   0,8(mol)   18  →X no đơn chức BTKL   nOtrong X  17,6  0,8.12  0,8.2  0,4  n X  0,2(mol) 16 Tổng đài tư vấn: 1900 58-58-12 - Trang | - Hocmai.vn – Website học trực tuyến số Việt Nam Khóa học Luyện thi THPT quốc gia PEN - C: Mơn Hóa học (Thầy Vũ Khắc Ngọc) -Nhóm N3 CH3COOC2 H5 17,6  MX   88  C2 H5COOCH3 0, HCOOC3 H7 (2 dp) Đáp án: B Câu 25: Số mol CO = 0,18 mol Số mol H2 O = 0,15 mol Câu ta dựa vào đáp án chắn X có hai nhóm -COOH đáp án axit no hai chức => Độ bất bảo hòa k = Số mol nX = nCO – nH2 O = 0,18 – 0,15 = 0,03 mol nCO2 C   HOOC  (CH )  COOH nX Câu ta chưa cần dùng kiện khối lượng axit X Đáp án: C Câu 26: Vì mạch thẳng nên xảy axit đơn chức chức  n CO2  0,06(mol) nên axit chức  n H2O  0,05(mol) Vì  naxit  nCO2  n H2O  0,06  0,05  0,01(mol)  nOtrong oxit  0,01.4  0,04(mol) BTKL   m  0,06.12  0,05.2  0,04.16  1,46(gam) Đáp án: B Câu 27: Cho a = mol Vì nX = nH2O → axit có 2H Y : HCOOH : x mol x  y   →  Z : HOOC  COOH : y mol  x  y  1,  x  0, 4(mol ) → %HCOOH = 25,41%   y  0,6(mol ) Đáp án: B Câu 28: Ta có X : R  COOH 2  4.16  0,7  R  1,4 R  90 n O  0,4(mol)  BTNT.oxi  n Otrong X,Y,Z  0,35(mol) n CO2  0,35(mol)   n H2 O  0,45(mol) BTKL   m X,Y,Z   m(C,H,O)  10,7(gam) Dễ dàng suy ancol đơn chức: a  b  0,2 axit : a(mol) a  0,05(mol)   BTNT.oxi    4a  b  0,35 b  0,15(mol) ancol : b(mol)   Nếu X HOOC – CH2 –COOH Tổng đài tư vấn: 1900 58-58-12 - Trang | - Hocmai.vn – Website học trực tuyến số Việt Nam Khóa học Luyện thi THPT quốc gia PEN - C: Mơn Hóa học (Thầy Vũ Khắc Ngọc) -Nhóm N3  ROH  CH 3OH : 0,1 10,7  0,05.104 0,1*32  R  19,67    %Y  *100  29,9(%) 0,15 10,7 C2 H 5OH : 0,05 Đáp án: B Dạng 3: Bài tập A C 11 C 12 A 21 B 22 C 31 B 32 C 41 D 42 B 51 C 52 C 61 D 62 B 71 C 72 C tính chất Hóa học axit B D D 13 C 14 D 15 A 23 C 24 A 25 B 33 A 34 B 35 B 43 B 44 A 45 B 53 C 54 A 55 D 63 B 64 C 65 C 73 B 74 A A 16 A 26 B 36 D 46 A 56 D 66 C B 17 C 27 B 37 B 47 A 57 D 67 C C 18 A 28 B 38 A 48 B 58 A 68 D A 19 A 29 B 39 D 49 C 59 C 69 B 10 D 20 B 30 C 40 B 50 A 60 A 70 C Câu 1: C2 H 5OH : x BTKL  46 x  62 y  21,  x  0,      HCOOH : x   nH 1/ x  y  0,3  y  0, C H (OH) : y    mC2H4 (OH)2  0, 2*62  12, 4( gam) Đáp án: A Câu 2: Axit axetic : CH3 COOH Phenol : C6 H5 OH Axit bezoic: C6 H5 COOH Chúng phản ứng với NaOH tỷ lệ :1 =>Áp dụng tăng giảm khối lượng ta có mrắn = 5,48 + 0,06*22 = 6,8 gam Đáp án: C Câu 3: BTKL  60 x  94 y  18,  x  0,15 CH 3COOH : x     nNaOH    y  0,1 C6 H5OH : y   x  y  0, 25 % C6 H 5OH  0,1*94 *100  51, 08(%) 18, Đáp án: B Câu 4: Khi đốt cho số mol H2 O số mol CO nên X Y có liên kết π phân tử  x  y  0,1 x  0,03 n X  Y  0,1 X : HCHO : x mol    n Ag  0,26 Y : HCOOH :y mol 4x  2y  0,26 y  0,07  Ta có:   %HCHO  0,03.30  21,84% 0,03.30  0,07.46 Đáp án: D Câu 5: Tổng đài tư vấn: 1900 58-58-12 - Trang | - Hocmai.vn – Website học trực tuyến số Việt Nam Khóa học Luyện thi THPT quốc gia PEN - C: Mơn Hóa học (Thầy Vũ Khắc Ngọc) -Nhóm N3 Do A B đơn chức nên có : n H  0,0375  n X  0,075; C  2,67 CH 3COOH : a(mol) a  b  0,075 a  0,025 m A      mB b  0,05 CH 3CH CH OH : b(mol) 2a  3b  0,2 Đáp án: D Câu : RCOOH + NaHCO   RCOONa + CO + H2O 0,2 0,2 0,2 0,2 mol  HCOOH 11,16 M RCOOH   55,8   0, CH 3COOH Đáp án: A Câu 7: RCOOH + OH-   RCOO - + H2O Vì NaOH, KOH dư Áp dụng định luật bảo tồn khối lượng mH2 O = mX + m(NaOH, KOH) – m rắn = 3,6 + 5,76 – 8,28 = 1,08 gam =>nH2 O = 0,06 mol 3,6 MX   60  CH 3COOH 0,06 Đáp án: B Câu 8: nCO = 0,18 mol nNa2 CO = 0,06 mol BTNT :C  nC  0,18  0, 06  0, 24(mol ) C nCO2 nX  0, 24   CH 3COOH 0,12 Đáp án: C Câu 9: nCO2 C C  1, 667   nX 2C -COOH  COOH nOH  1, 667   nX 2COOH  HCOOH   HOOC  COOH Đáp án: A Câu 10:  n CO2  0,5(mol) Khi đốt cháy E:   n H2O  0,5(mol) Tổng đài tư vấn: 1900 58-58-12 - Trang | - Hocmai.vn – Website học trực tuyến số Việt Nam Khóa học Luyện thi THPT quốc gia PEN - C: Mơn Hóa học (Thầy Vũ Khắc Ngọc) -Nhóm N3 C n H2n O2  nCO2 0,5 10,2 → E no đơn chức  Đốt cháy phần 1: n CO  0,9  C  n5 0,9  3(mol) 0,3 Ta thử đáp án ngay: TH1 chất có cacbon chất có bon (loại) TH2 : Một chất có bon chất có bon HCOOH : a a  b  0,3 b  0,2 (thỏa mãn ) 0,3    a  4b  0,9 a  0,1 C H10 O : b Đáp án: D Câu 11: Vì Y mạch khơng nhánh nên Y có hai chức n CO2 C n H 2n O2 : a ; n H2  0,075; a  2a  0,075.2  a  0,05  C m H 2m 2 O : a  0,2  0,05(n  m)  0,2  n  m  HCOOH : 0,05 46  %X   30,67 46  104 HOOC  CH2  COOH : 0,05 Trường hợp 1:  (Khơng có đáp án) CH3COOH : 0,05 60  %X   40% 60  90 HOOC  COOH : 0,05 Trường hợp 2:  Đáp án: C Câu 12: n Ag   0,01 HCOOH : a  0,89   b  0,015  0,01  0,005 RCOOH : b   RCOOH  0,89  0,46  86  CH  C (CH )  COOH 0,005 Đáp án: A Câu 13: n CO = n H2 O = a → no đơn chức BTKL   9,16  0, 45.O2  44a  18a  a  0,38(mol ) Bảo tồn ngun tố oxi: 2nX + 0,45.2 =2a + a→nX = 0,1(mol) Đáp án : C Câu 14: C15 H31COOH : a a  b  c  0,04 a  0,02(mol)    m C17 H35COOH : b  16c  18b  18c  0,68  b  0,005(mol) C H COOH : c 32a  36b  32c  1,3 c  0,015(mol)    17 31 Đáp án: D Câu 15: Chú ý: Vì lượng axit lư ợng H2 O hai thí nghiệm n H2O  x  n OH m  40x  a  18x    x m   40  34   b  18x BTKL Tổng đài tư vấn: 1900 58-58-12 - Trang | - Hocmai.vn – Website học trực tuyến số Việt Nam Khóa học Luyện thi THPT quốc gia PEN - C: Mơn Hóa học (Thầy Vũ Khắc Ngọc) -Nhóm N3 a  m  22x   22b  19a  3m b  m  19x Đáp án: A Câu 16: BTKL    m  6,9  19,08  0,11.2  m  12,  HCOOH  n  1,74    nNa  0,3  2nH  Na (du ) CH 3COOH Đáp án: A Câu 17: n H2  n X  loại B t X  CuO   cho sản phẩm tráng Ag (Loại A ngay) 3,3 13,5 m  16,8  13,5  3,3  n X   0,15  M X   90 23  0,15 Đáp án: C Câu 18: Với tốn hữu ta nên kết hợp nhanh với đáp án để giải.Việc làm phù hợp với kiểu thi trắc nghiệm Có TH gồm đơn chức có chức Với phần :có : n   n CaCO3  0,5(mol) đơn chức : a Với phần :  2 chức : b NaOH   a  2b  0,5 Kết hợp với đáp án dễ thấy có A thỏa mãn Đáp án: A Câu 19: Dễ thấy X gồm chất chứa liên kết π có 2O Chay X : C n H2n O2   nCO2  nH2O  n CO  a(mol) n X  0,2(mol)    44a  18a  40,3  a  0,65(mol)  n H2O  a(mol) BTNT.oxi   0,2.2  2n O2  0,65.3  n O2  0,775(mol) Đáp án: A Câu 20 : Để tránh nhầm lẫn ta quy tất số liệu 29,2 gam  n CO  1, 2(mol) Ch¸y  Ta có : X   nOH 3, 2(0,1.0,5  0,1.0,75)  0, 4(mol)  n X  0,  n H2O  a(mol) BTKL   mTrongX  29, 1, 2.12  0, 4.2.16  2(mol)  a  1(mol) H BTNT.O   0, 4.2  2.n O2  1, 2.2   V  1,3.22,  29,12(l) Đáp án: B Câu 21: n etylen glicol  0,35 X  0,7  Ta có : n CO2  0,7  n Trong   COOH n H2O  0,7 BTKL   meste  m  0,35.62  0,7.18  m  9,1 Tổng đài tư vấn: 1900 58-58-12 - Trang | 10 - Hocmai.vn – Website học trực tuyến số Việt Nam Khóa học Luyện thi THPT quốc gia PEN - C: Mơn Hóa học (Thầy Vũ Khắc Ngọc) -Nhóm N3 Đáp án: B Câu 22: Đốt cháy hồn tồn a mol hỗn hơp A thu a mol H2 O → A có H HCOOH : x x  y   x  0,6(mol)   HOOC  COOH : y  x  2y  1,  y  0, 4(mol) Cho a =1 ta có :   %HCOOH  43,4% Đáp án: C Câu 23: n    NaO C H C4  OONa 0,15(mol) n HO C H6 C OOH  0,15(mol) NaOH Ta có :     0,1 0,2 O2 OO   n (CH CO) nCH C3 Na BTNT.Na   n NaOH  0,15.2  0,  0,5  V  0, 25(l) Đáp án: C Câu 24: + Dễ thấy ancol Y có dạng C2 H6 Ox + Vì X khơng tráng bạc nên có CTCT HOOC  COOCH 2CH3 C H OH : 0,1(mol) a  0,1 KOH   Vậy HOOC  COOCH CH  KOOC  COOK : 0,1(mol) m  16, Đáp án: A Câu 25: BTKL   3,6  0,5.0,12.(56  40)  8,28  m H2O ; n H2O   naxit  0,06  M X  1,08  0,06(mol) 18 3,6  60  CH 3COOH 0,06 Đáp án: B Câu 26: BTKL   5,48  0,6.0,1.40  m  0,6.0,1.18  m  6,8 Đáp án: B Câu 27: C H OH : a(mol) 18,  CH 3COOH : b(mol) 94a  60b  18,  a  b  n NaOH  0,25 a  0,1(mol) 0,1   %phenol   40% 0,25 b  0,15(mol) Đáp án: B Câu 28:  nCO32   0,2(mol)  0,25  0,2  n CO2  n CO2  0,05  V  1,12 n  0,25(mol) CH COOH   Ta có:  Đáp án: B Câu 29: Tổng đài tư vấn: 1900 58-58-12 - Trang | 11 - Hocmai.vn – Website học trực tuyến số Việt Nam Khóa học Luyện thi THPT quốc gia PEN - C: Mơn Hóa học (Thầy Vũ Khắc Ngọc) -Nhóm N3   m  m CO  m H O  56,7 2  P2 :  n   n CO2  0,9   n H O  56,7  0,9.44  0,95(mol)  18 Vì axit no đơn chức nên cháy cho n CO  n H O 2 Có : n ancol  n H O  n CO  0,05(mol) 2   n C2 H5OH  0,05(mol) P1 : n H2  0,175  n X  0,35(mol)     n Cn H2 nO2  0,3(mol) chay C n H 2n O2  CH COOH : a  nCO2  n  2,667    (0,9  0,1) C H 5COOH : b 0,3 a  b  0,3 BTNT,cac bon   2a  3b  0,8 a  0,1(mol) 0,2.74   %C H 5COOH   64,07% b  0,2(mol) 0,2.74  0,1.60  0,05.46  Đáp án: B Câu 30:  C2 H5OH : 0,2(mol) phản ứng vừa đủ n H  0,2(mol)  n X  0,4(mol)    RCOOH : 0,2(mol)  HCOOH 16,2  RCOOC2 H   81  R    0,2 CH 3COOH Đáp án: C Câu 31: BTNT.C n CO2  0,05    n CH2 CH CHO  n CH3COOH  0,05(mol)  n Br2  2.0,05  0,1(mol)  m  16(gam) Chú ý: Phản ứng Brom vào nhóm CHO khơng phải phản ứng cộng Đáp án: B Câu 32: 46a  60b  23,5 C H O : a(mol) a  0,25(mol) 23,5    BTNT.Hidro  b  0,2(mol) CH 3COOH : b(mol)   6a  4b  1,15.2 13,2 0,15 n este   0,15  H   75% 88 0,2 Đáp án: C Câu 33: Axit malic HOOC  CH(OH)  CH2  COOH m gam axit tương ứng với a mol : Na  V 1,5 a mol malic  n H2  1,5a  1  0,75  NaHCO3 V2 a mol malic   n  2a  CO  Đáp án : A Câu 34: Tổng đài tư vấn: 1900 58-58-12 - Trang | 12 - Hocmai.vn – Website học trực tuyến số Việt Nam Khóa học Luyện thi THPT quốc gia PEN - C: Mơn Hóa học (Thầy Vũ Khắc Ngọc) -Nhóm N3 Với tốn kiểu ta nên thử Khơng nên biện luận nhiều thời gian.Khi ta thử mà thấy có đáp số chọn ln HOOC CH 4 COOH : a(mol) 2a  b  0,05 n NaOH  0,05(mol)    146a  60b  3,26 CH 3COOH : b(mol) a  0,01(mol)  b  0,03(mol) Đáp án: B Câu 35: n X  0,2(mol) C H O2 Na : 0,2(mol)   BTNT  m Z  58,6(gam) Na 2SO4 : 0,1(mol) n NaOH  0,8(mol)  n HCOONa : 0,2(mol)   H2SO4  0,1(mol) Đáp án: B Câu 36: Gọi số mol Y Z phần a b Từ giả thiết, ta có: nH2 = 0,5a + b = 0,2  0,2 <  a + b  < 0,4 Do đó, số ngun tử C trung bình hỗn hợp X: n CO2 0,6 0,6 1,5 = < CX = < =  Z lµ HOOC  COOH vµ Y lµ CH 3COOH 0,4 nX 0,2 Áp dụng phương pháp đường chéo cho phản ứng X với Na, ta dễ dàng có đáp án Từ đáp án, ta thấy Z HOOC-COOH HOOC-CH2 -COOH suy Y tương ứng Chia trường hợp để thử, ta dễ dàng có đáp án * Bài tốn giải cụ thể phương pháp biện luận bất phương trình Đáp án: D Câu 37: Gọi CTPT trung bình X Y C n H2n-2 O2 Từ phản ứng: CO32- + 2H+ Từ phản ứng: C n H2n-2 O2   CO2 + H2O  n hh = 0,3  0,5  - 0,1 = 0,2 mol + O2   nCO2 + (n - 1)H2O  0,2(44n - 18n + 18) = 20,5 n = 3,25  m = 0,2(14  3,25 + 30) = 15,1 gam Đáp án: B Câu 38: o-CH3 COO-C6 H4-COOH + 3NaOH → CH3COONa + o-NaO-C6 H4 -COONa + 2H2 O 0,24 0,72 VKOH = 0,72/1 = 0,72 lít Đáp án: A Câu 39: Cơng thức chung axit : C n H2n-4O4 Cn H2n-4 O4 → nCO2 + (n-2)H O Từ phương trình ta thấy : naxit = (nCO – nH2 O)/2 Tổng đài tư vấn: 1900 58-58-12 - Trang | 13 - Hocmai.vn – Website học trực tuyến số Việt Nam Khóa học Luyện thi THPT quốc gia PEN - C: Mơn Hóa học (Thầy Vũ Khắc Ngọc) -Nhóm N3 → naxit = (V/22,4 – y)/2 Khối lượng axit = xgam = mC/axit + mH/axit + mO/axit → x = 12V/22,4 + 2y + 64(V/22,4 – y)/2 → x = 44V/22,4 – 30y → V = 28/55(x + 30y) Đáp án: D Câu 40: n axit = (m muối – m axit)/22 = (5,2 – 3,88)/22 = 0,06 → M axit = 3,88/0,06 = 194/3 → Cn H2n O2 = 194/3 → n = 7/3 C7/3 H14/3O2 + 5/2 O2 → 7/3CO2 + 7/3H2 O 0,06 0,15 → V O2 = 0,15.22,4 = 3,36 lít Đáp án: B Câu 41: nN = nX = 5,6/28 = 0,2 nCO = 0,48 → C trung bình = 0,48/0,2 = 2,4 (loại C) Dùng quy tắc đường chéo dựa vào số C C trung bình kiện số mol X lớn số mol Y → X CH3 COOH Dựa vào kiện số mol chất theo quy tắc đường chéo khối lượng hỗn hợp 15,52 gam ta tìm Y HOOC-CH2 -COOH Đáp án: D Câu 42: NaHCO  CO2  nCOOH = n CO2  0,06 mol X (COOH)  Bảo tồn ngun tố O phản ứng đốt cháy: 2.0,06 + 2.0,09 = 2.0,11 + a  a = 1,44 gam 18 Đáp án: B Câu 43: Ta có: nX, Y = n N2 = 0,1 mol X: Cn H2n+1COOH (a mol); Y khơng phân nhánh) : C mH2m (COOH)2 (b mol) a  b  0,1 a  0, 04    n = 1; m = 1: CH3 COOH  b  0, 06 Khi đó: (n  1)a  (m  2)b  0,26 (14n  46)a  (14m  90)b  8,64 2n  3m    CH2 (COOH)2 Vậy: %mX = 0, 04.60 8,64 100  27,78% Đáp án: B Câu 44: Tổng đài tư vấn: 1900 58-58-12 - Trang | 14 - Hocmai.vn – Website học trực tuyến số Việt Nam Khóa học Luyện thi THPT quốc gia PEN - C: Mơn Hóa học (Thầy Vũ Khắc Ngọc) -Nhóm N3 BTKL   m X  0,2.40  17,04  0,2.18  m X  12,64(gam) X don chuc n NaOH  0,2   n X  0,2  n Otrong X  0,2.2  0, 4(mol) CO2 : a  44a  18b  26,72 a  0, 46     n B,C  0,1  n A  0,1(mol)  H 2O : b 12a  2b  12,64  0, 4.16  b  0,36 0,46  0,1.2 TH 1: A CH3 COOH có : B,C : Cn H2n 2 O2  n   2,6 (loại) 0,1 TH 2: A HCOOH có : B,C : C n H 2n 2 O  n  CH  CH  COOH : 0,04 0,46  0,1.1  3,6   0,1 CH  CH  CH  COOH : 0,06 Đáp án: A Câu 45:  HCOOH :1 Quy đổi  RCOOH CH COOH :1  Ta quy X về:  R8  n  0,1(mol)   RCOOH  n C2H5OH  0,125(mol)  meste  80%.0,1.(8  44  29)  6,48(gam) Đáp án: B Câu 46: Dễ thấy X gồm chất chứa liên kết π có 2O Chay X : C n H2n O2   nCO2  nH2O  n CO  a(mol) n X  0,2(mol)    44a  18a  40,3  a  0,65(mol)  n H2O  a(mol) BTNT.oxi   0,2.2  2n O2  0,65.3  n O2  0,775(mol) Đáp án: A Câu 47: Vì có phản ứng tráng bạc nên X HCOOH có ngay:  n Ag  0, 4(mol)  n HCOOH  0,2(mol)  n HCOOH  0,2(mol)    8,8  0, 4(mol)  n HOOC R COOH  0,1(mol) (m  8,8)   n COOH  22  13,8(NH 4OOC  R  COONH : 0,1)  R  14 Cơng thức Y HOOC-CH2-COOH Khối lượng m = 0,2*46 + 0,1*104 = 19,6 gam Đáp án: A Câu 48: Đây tốn liên quan tới số Kc 2 Với thí nghiệm ta có : CH3COOC2 H5 . H2O   KC  CH3COOH.C2 H5OH 3 Với thí nghiệm 2: KC  CH3COOC2 H5 . H2O  0,9.0,9   x  1,925 CH3COOH.C2 H5OH 0,1.(1  x  0,9)   n C2 H5OH  2,925(mol) Tổng đài tư vấn: 1900 58-58-12 - Trang | 15 - Hocmai.vn – Website học trực tuyến số Việt Nam Khóa học Luyện thi THPT quốc gia PEN - C: Mơn Hóa học (Thầy Vũ Khắc Ngọc) -Nhóm N3 Đáp án: B Câu 49: axit : 2a(mol) 2a  c  0,2   NaOH M ancol : a(mol)   (a  c).Ancol  8,05 este : c(mol) (2a  c)(axit   23)  16,4   axit  60 CH 3COOH   8,05 8,05  40,25   Ancol   C2 H 5OH  a  c 2a  c  Đáp án: C Câu 50:  NaOH : 0,03(mol )  nH 2O  nX  0,3( mol )  m  18,96( gam)   BTKL : m  0,3.40  25,56  0,3.18 CO2 : a(mol )   H 2O : b(mol ) 44a  18b  40,08  n khongno  0,15(mol ) a  0,69  O  2,3   axit  nHCOOH  0,15(mol ) 12a  2b  0,3.2.16  18,96   b  0,54  H  3,6   m  18,96  0,15.46  12.06( gam) Đáp án: A Câu 51: Tráng bạc→loại A,B nAg  0,  nHCOOH  0,1 13,  0,1.46   R  43  C3 H 7COOH  HCOOH : 0,1  R  45   0.1 nNaOH  0,   RCOOH : 0,1   Đáp án: C Câu 52: NaHCO 0,5 mol > CO2 0,4 mol HOOC  COOH : x(mol) 90x (R 45)y 29,4  RCOOH : y(mol) 2x y 0,4 Đặt  BTKL : mdd Z = mX + mdd NaHCO3 - mCO2  134x 6,327 =  x = 0,1 29,4 + 200 - 0,4.44 100 → R = 57 ( C4 H9 ) Y C5 H10 O2 có đồng phân cấu tạo Đáp án: C Câu 53: Tính số mol A = 0,05 mol Ctb = 0,08/0,05 = 1,6; Htb = nên X, Y C H2 CH2 Oz Bảo tồn cacbon tính số mol X, Y tìm Z = m = 0,03 240 + 0,02 108 = 15,84 (gam) Đáp án: C Câu 54: Tổng đài tư vấn: 1900 58-58-12 - Trang | 16 - Hocmai.vn – Website học trực tuyến số Việt Nam Khóa học Luyện thi THPT quốc gia PEN - C: Mơn Hóa học (Thầy Vũ Khắc Ngọc) -Nhóm N3 n Ag  0,2(mol)  n HCOOH  0,1(mol)  HCOONa : 0,1  R   HCOOH    13,5    0,1   0,2  0,1 0,1 RCOONa :  (mol) k  HOOC  COOH n NaOH  0,2(mol)  n R (COOH)k   k  k k  Đáp án: A Câu 55: 132,35  nCH3COOH  60  2, 206(mol )  m  0,68.2, 206(88  60  18)  195( gam)  200 n   2, 27(mol )   CH3 2 CHCH 2CH 2OH 88 Đáp án: D Câu 56:  RCOO 2 Ba : 0,01(mol) Ba(OH) : 0,02(mol)   BaCl2 : 0,01(mol)  HCl : 0,02(mol) RCOOM : 0,01(mol)   6,03  2,08  2, 25  0,03R  0, 44  0,01M  3R  M  126  K  39 R  29  C2 H5 Đáp án: D Câu 57: Nhìn vào đáp án thấy có axit este n X  n NaOH  0,05(mol) axit : 0,03(mol) CO : a(mol)   8,68   este : 0,02(mol) n ruou  0,02(mol) H O : a(mol)  a  0,14(mol)  n C  0,14(mol) Đáp án: D Câu 58: Nhìn nhanh vào đáp án thấy B chức A chức loại B  n M  n N2  28  0,25(mol)   A : a a  b  0,25 a  0,1(mol)     B : b 0,5a  b  n H2  0,2 b  0,15(mol) n CO2  0,65(mol) Dùng bảo tồn ngun tố thấy A thỏa mãn n CO  0,65(mol) Đáp án: A Câu 59: Quy hỗn hợp X gồm HCOOH CH3COOH thành axit chung RCOOH ( R= 8)  n X  0,1(mol)  m este  0,1.0,8(RCOOC H )  6, 48(gam)   n ancol  0,125(mol) Đáp án: C Câu 60:  n   n CaCO3  0,2(mol)  n CO2  0,  n  COOH  n COONa  0, 4(mol) Ta có  Tổng đài tư vấn: 1900 58-58-12 - Trang | 17 - Hocmai.vn – Website học trực tuyến số Việt Nam Khóa học Luyện thi THPT quốc gia PEN - C: Mơn Hóa học (Thầy Vũ Khắc Ngọc) -Nhóm N3 Để hiểu ý tưởng giải bạn tự trả lời câu hỏi.C X đâu rồi?  Na CO3 : 0,2 BTNT.C   n Ctrong X  n X  0, 4(mol)  CO : 0,2 Do đó, số nhóm COOH phải số C Đáp án: A Câu 61:  n X  0,1(mol) Vì X đơn chức  →Cả hai chất Y Z tác dụng với Na  n H  0,05(mol)  HCOOH : 0,05  m X  4,6(gam) C H 5OH : 0,05 X có tráng bạc → X  Đáp án: D Câu 62: n H2  0,0075(mol)  n X  0,015(mol) 0,04 C   2,67  0,015 n   0,04(mol) Chỉ có B phù hợp A hai chất có số C nhỏ C D hai chất lớn C Đáp án: B Câu 63: BTKL  8,64  0,144.56  14,544  mH2O  n H2O   Maxit  8,64  72 0,12 2,16  0,12  n axit 18 =>CH2 =CH-COOH Đáp án: B Câu 64: BTKL  10  0,06.56  0,04.40  10,36  m H2O  n H2O  4,6  0,255(mol) 18 ->Vơ lý RCOOK : 0,06  R  27  CH  CH  RCOONa : 0,04 Do axit dư  10,36  Đáp án: C Câu 65:  RH : a a(mol ) R  COOH 2  a R  COONa 2    Na2CO3 : 2a  nCO2  0, 4(mol )  R  35  m  0,  35  67.2   33,8( gam) Đáp án : C Câu 66:  n X  0,04(mol)   H : 0,08  BTNT.oxi  O2  bCO2  0,04H 2O   a  2n O2  2b  0,04   2,52 O : a C : b    Bài làm chuẩn mực giết thời gian : (Thơi chuyển sang thử đáp án ngay) Với Phươ ng Án D: 2,52  0,08.32  m CO2  0,72  m CO2  4,36(gam) (loại) Tổng đài tư vấn: 1900 58-58-12 - Trang | 18 - Hocmai.vn – Website học trực tuyến số Việt Nam Khóa học Luyện thi THPT quốc gia PEN - C: Mơn Hóa học (Thầy Vũ Khắc Ngọc) -Nhóm N3 Với đáp án C: 2,52  0,04.32  m CO2  0,72  m CO2  3,08  n C  0,07(mol) Với phương án B: 2,52  0, 01.32  m CO2  0, 72  m CO2  2,12(gam)  n C  0, 04818(mol) (rất lẻ) Với Đáp án A : 2,52  0, 02.32  m CO2  0, 72  m CO2  2, 44(gam)  n C  0, 05545(mol) (rất lẻ) Đáp án: C Câu 67: Đốt cháy hồn tồn a mol X, sau phản ứng thu a mol H2 O → Cả Y Z có ngun tử H phân tử HCOOH : x x  y   x  0, 4(mol)   HOOC  COOH : y  x  2y  1,6  y  0,6(mol) 46.0,  %HCOOH   25, 41% 46.0,  90.0,6 Cho a =1 ta có :  Đáp án: C Câu 68: Ta có: n H  0,175  nancol axit  0,175.2  0,35 Với phần ta có :  n CO2  n   0,9   n ancol  n H2O  n CO2  0,05  n axit  0,3(mol)  56,7  0,9.44  0,95  n H 2O  18  CH COOH : a(mol) a  b  0,3 0,9  0,05.2 n  2,67    0,3 C H 5COOH : b(mol) 2a  3b  0,8 a  0,1(mol)  b  0,2(mol) Đáp án: D Câu 69:  nCO : 0,9  n ancol  1, 05  0,9  0,15 Axit có pi rượu khơng có pi nên ta có  nH O : 1, 05  Vì axit có ngun tử O ancol có 1.O nên ta có 0,55  0,15  0,2 0,2 : C n H 2n O2 BTNT.cacbon m   C H5OH X   0,2n  0,15m  0,9   0,15 : C m H2mO n   C H5COOH  m  0,6.0,15(29  44  29)  9,18 m X O  21,7  0,9.12  1,05.2  8,8   n O  0,55  n axit  Đáp án: B Câu 70:  CO :1,15(mol) Cx H4O : a(mol) Dån vµo thµnh Ch¸y + Vậy X      H2O :1,3(mol) Cy H6O2 : b(mol) 29,  1,15.12  1,3.2 BTKL X   n Trong   0,8(mol) O 16 Tổng đài tư vấn: 1900 58-58-12 - Trang | 19 - Hocmai.vn – Website học trực tuyến số Việt Nam Khóa học Luyện thi THPT quốc gia PEN - C: Mơn Hóa học (Thầy Vũ Khắc Ngọc) -Nhóm N3 BTNT.O   a  2b  0,8 a  0,     BTNT.H   4a  6b  2,6 b  0,3     n  CHO  0, 2.1, 25  0, 25  m  0, 25.2.108  54(gam) Đáp án: C Câu 71: CO : 0,14(mol) Ch¸y  Ta có : M  H O : a(mol) BTNT.O    n Otrong M  0,18.2  0,14.2  a  n Otrong M  a  0,08 n Otrong ancol  n ancol  n H2O  n CO2  a  0,14 BTNT.O  n Otrong Y  Z  n Otrong M  n Otrong ancol   a  0, 08   (a  0,14)  0, 06(mol) Do :  RCOONa : 0, 03 BTKL NaOH M  n ax  3, 68    R  29 it  este  0, 03   NaOH : 0, 02 C2 H 5COOH Đáp án: A Câu 72: C 6H10 O4 :a Vì số mol n C4 H6 O2  n CH3 COOH nên quy X :  C 3H 8O3 :b  n BaCO3  0,25 CO2 Ta có : 0,38 Ba(OH)2    BTNT.Ba   C  0,51   n Ba  HCO3   0,13   KOH   n H2 O  0,12 6a  3b  0,51 a  0,06    146a  92b  13,36  b  0,05 BTKL  146.0,06  0,14.56  m  0,12.18  m  14,44 Đáp án: C Câu 73: + Với NaHCO : nCO  0,4(mol)  n TrongX COOH  0,4(mol) n H2O  0, 4(mol)  BTKL   m X   m(C, H,O) 20,8(gam) + Cháy  BTNT.O 0, 4.2  0, 4.2  0,    n   0,6(mol)  CO2  C X H Y O2 : a(mol) a  b  0,25 a  0,1(mol)   + Để ý X quy  C X ' H Y'O : b(mol) 2a  4b  0,8 b  0,15(mol)  nCH3COOH  0,25  0,2  0,05(mol) + Tiếp tục để ý số liên kết π X  nCO2  n H2O  0,2    nCH2 CHCOOH  0,05 x  y  0,15 HOOC  COOH : x x  0,1(mol)   BTNT.C  +  HOOC  CH  COOH : y   2x  3y  0,35 y  0,05(mol) +  %HOOC  COOH  0,1.90  43,27% 20,8 Đáp án: B Câu 74: Vì n H2O  n CO2  0,525 nên X chứa chất no đơn chức Tổng đài tư vấn: 1900 58-58-12 - Trang | 20 - Hocmai.vn – Website học trực tuyến số Việt Nam Khóa học Luyện thi THPT quốc gia PEN - C: Mơn Hóa học (Thầy Vũ Khắc Ngọc) -Nhóm N3 BTKL   mX  0,625.32  0,525(44  18)  mX  12,55(gam) BTNT.O X    nTrong  0,525.3  0,625.2  0,325(mol) O RCHO : a a  b  0, a  0,075(mol)  Khi : n X  0,     RCOOH : b a  2b  0,325 b  0,125(mol) 0, 075.30 Tr­êng hỵp : HCHO  %HCHO=  17,93%(lo¹i) 12,55 0,525 Vì C   2, 625  0, 075.44 0, Tr­êng hỵp : CH3CHO  %CH3CHO=  26, 29%  A 12,55 0,125.60 Nếu số C andehit lớn  %CH3COOH   60%  %andehit  40% (lo¹i) 12,5 Nếu bắt tìm CTPT chất X ta mò dễ dàng 12,55  0, 075.44 Vì RCOOH   74  C2 H5COOH 0,125 Đáp án: A Giáo viên: Vũ Khắc Ngọc Nguồn Tổng đài tư vấn: 1900 58-58-12 : Hocmai.vn - Trang | 21 - ... COOH=12 ,88 →m=0,1.(43+44+15) =10,2(gam) Đáp án: A Câu 24: BTNT.C    n CO2  n CaCO3  0 ,8( mol)  Ta có:  BTKL 14,4  m  80  (0 ,8. 44  m H2O )  30,4  n H 2O   0 ,8( mol)   18  →X... 0,5.0,12.(56  40)  8, 28  m H2O ; n H2O   naxit  0,06  M X  1, 08  0,06(mol) 18 3,6  60  CH 3COOH 0,06 Đáp án: B Câu 26: BTKL   5, 48  0,6.0,1.40  m  0,6.0,1. 18  m  6 ,8 Đáp án: B Câu... 2a  c  0,2   NaOH M ancol : a(mol)   (a  c).Ancol  8, 05 este : c(mol) (2a  c) (axit   23)  16,4   axit  60 CH 3COOH   8, 05 8, 05  40,25   Ancol   C2 H 5OH  a 