Đang tải... (xem toàn văn)
Đa dạng các câu hỏi và bài tập về Dẫn xuất halogen của hiđrocacbon – Ancol – Phenol phục vụ học sinh ôn thi đại học có đáp án và lời giải chi tiết. Có các dạng bài tập đầy đủ. VD: Ancol - Phản ứng oxi hóa Ancol - Phản ứng tách Ancol Danh pháp - Đồng phân - Tính chất vật lý Ancol đa chức Ancol Độ rượu - Điều chế ancol - Ứng dụng Ancol Phản ứng thế (PI) On tap DX halogen, ancol, phenol Ôn tập Dẫn xuất halogen của hiđrocacbon – Ancol – Phenol Phenol
H 2SO ## Đun nóng hỗn hợp hai ancol mạch hở với đặc ta ete Lấy X ete đốt cháy hoàn toàn tỷ lệ mol X, oxi cần dùng, khí cacbonic nước tạo 0,25 : 1,375 : : Công thức ancol C2 H OH CH OH A C3 H7 OH B C2 H 5OH C CH OH *D CH = CHCH OH CH = CHOH CH = CHCH OH Cx H y Oz $ Gọi công thức ete đem đốt Phương trình cháy: C x H y Oz ( x,y,z nguyên dương) O2 + ( x + y/4 –z/2) CO2 →x n CO2 / n ete x= H2O + y/2 2n H2 O / n ete =1/0,25 = ; y = =8 n O2 / n ete C4 H8 O x + y/4 –z/2 = = 1,375/0,25 Suy z = Công thức kết đôi, gốc phải có 3C -> ete có gốc hidrocacbon chứa liên CH = CH − CH − O − CH Do ete CH = CHCH OH CH 3OH Suy rượu H SO4 ### Một hỗn hợp A gồm hai ancol có khối lượng 16,6 gam đun với dung dịch đậm đặc thu hỗn hợp B gồm hai olefin đồng đẳng liên tiếp, ba ete hai ancol dư có khối lượng 13 gam Đốt cháy hoàn toàn 13 gam CO hỗn hợp B thu 0,8 mol ancol hỗn hợp A CH 3OH A 50% B CTPT thành phần phần trăm (theo số mol) 50% C3 H OH 50% C2 H OH 50% C3 H OH 33,33% C2 H 5OH D 0,9 mol C2 H5 OH C2 H OH *C H2O 66,67% C3 H OH 66,67% 33,33% m H2 O = m A − m B $ Áp dụng bảo toàn khối lượng: => Nếu đốt cháy 16,6 gam A thu n H2O nA =0,2+0,9=1,1 mol => =1,1-0,8=0,3 mol n H2 O =16,6-13=3,6 gam => =0,2 mol MA = 16, = 55,33 0,3 => C2 H5 OH => ancol m A = 46x + 60y = 16, x + y = 0,3 => C3 H7 OH (x mol) (y mol) x = 0,1 y = 0, => C2 H5 OH => % số mol C3 H7 OH 33,33% 66,67% H 2SO4 ## Đun 19,8 gam hổn hợp ancol đơn chức đồng đẳng với ứng đạt 80%, sau phản ứng thu 12,96 gam hỗn hợp ete Hai ancol là: CH 3OH A 140o C đặc Biết hiệu suất phản C2 H5 OH C2 H OH C3 H OH *B C3 H OH C C4 H9 OH C3 H5 OH D C4 H OH H 2SO $ Đun 19,8 gam hh ancol với Đặt CTC hai ancol R-OH 140o C đặc → 12,96 gam ete, H = 80% H 2SO d 2R − OH → R O + H2 O 140o C m R − OHpu H = 80% → = 19,8 x 80% = 15,84 gam m H2 O → n H2O = 15,48 - 12,96 = 2,88 gam → n R − OH → = 0,16 mol M R − OH = 0,32 mol → = 15,84 : 0,32 = 49,5 C2 H5 OH → Hai ancol C3 H7 OH (M = 46) (M = 60) H 2SO 170o C ## Khi loại nước hỗn hợp ancol dãy đồng đẳng H 2SO4 Nếu đun 6,45 gam hỗn hợp với ancol , xt đặc thu hỗn hợp hai olefin o 140 C đặc, thu 5,325 gam hỗn hợp ete Công thức C2 H OH CH 3CH CH OH CH 3CH(OH)CH *A , , CH CH CH CH OH CH3 CH CH OH CH3CH(OH)CH B , , CH3 CH CH OH CH CH(OH)CH CH CH(CH3 )2 OH C , , CH3 CH CH OH CH CH(OH)CH CH CH CH(OH)CH D , , $ giả thiết cho ta biết rượu ancol no, đơn chức, có rược đồng phân Giả thiết 2, nghe phức to tát thực chất nhìn nhận đơn giản: Cứ rược → ete + nước ta có: n ancol = 2n H2O m H2 O =6,45-5,325=1,125 gam => =0,125 mol M TB = 51, → C = 2, => C2 Từ giả thiết số C trung bình = 2,4 suy ancol etylic ( C3 ) đồng đẳng ancol propanol ( H 2SO4 ) H2O 140o C ## Đun nóng hỗn hợp ancol no đơn chức với đặc thu 21,6 gam 72 gam hỗn hợp ete Biết ete thu có số mol phản ứng xảy hoàn toàn, công thức phân tử ancol là: C3 H7 OH CH OH A CH OH C2 H5 OH *B C2 H 5OH C C3 H7 OH CH 3OH D C4 H9 OH H SO4 $ Đun nóng hh ancol đơn chức với Đặt CTC hai ancol R-OH H2O 140o C đặc → 1,2 mol 72 gam hh ete H 2SO d 2R − OH → R O + H2 O 140o C n R − OH m R − OH = 1,2 x = 2,4 mol; = 72 + 21,6 = 93,6 gam M R −OH → CH OH = 93,6 : 2,4 = 39 → C2 H5 OH (M = 32) (M = 46) H 2SO4 140o C # Hỗn hợp X gồm ancol đơn chức no Y Z, có ancol bậc Đun hỗn hợp X với đặc, thu hỗn hợp ete T Biết T có ete đồng phân với ancol X Y Z A metanol, propan-2-ol B metanol, etanol *C etanol, butan-2-ol D propan-2-ol, etanol $ Trong T có ete đồng phân rượu Trong X → rượu X có số cacbon gấp đôi Mặt khác X có rượu bậc C2 H5 OH # Đun hỗn hợp A 3-3 B 3-6 *C 2-6 D 2-3 C3 H7 OH , n- CH = CH − CH3 iso- tạo anken Số ete tạo 3(3+1)/2 = H 2SO4 với axit CH = CH C2 H5 OH $ Đun hh C3 H OH đặc số anken số ete thu C3 H OH , n- C3 H OH iso- tạo anken MA ## Cho 0,4 mol hỗn hợp X gồm ancol A B đơn chức bậc đồng đẳng ( MB > ), đun nóng X với H 2SO4 với nhiệt độ thích hợp thu 7,704 gam ete Tham gia phản ứng ete hóa có 40% A 50% B Hai ancol A B A etanol metanol *B propan-1-ol etanol C propan-1-ol butan-1-ol D butan-1-ol propan-1-ol $ Để ý hiệu suất phản ứng 40%-50% Ta xét TH: 40% 50% Nhanh hơn, cách gần đúng: xem hiệu suất chung 45% Khi từ phản ứng: 2.ancol → 1.ete + 1.nước, ta có: n H2O m H 2O =0,4:2x0,45=0,09 mol => =1,62 → m ancolpu = 7, 704 + 1, 62 = 9,324 gam => M = 9,324 : 0, 4x0, 45 = 51,8 => C ≈ 2, C2 C3 Như ancol thỏa mãn Chú ý A > B nên A ancol propylic, B ancol etylic H 2SO4 ### Đun nóng hỗn hợp ancol no đơn chức X, Y, Z với 170o C đặc H SO4 thu anken đồng đẳng kế 140o C tiếp Mặt khác, đun nóng hỗn hợp ancol với đặc thu 1,32 gam hỗn hợp ete Tỉ khối hỗn hợp ete so với hiđro 44 Biết Y, Z có số nguyên tử C Y ancol bậc Công thức cấu tạo X, Y, Z % khối lượng X hỗn hợp ban đầu CH3 CH OH *A X: CH 3CH CH OH 43,39%; Y: CH CH OH B X: CH 3CHOHCH3 ; Z: CH 3CH CH OH 33,39%; Y: CH 3CH CH OH C X: CH 3CHOHCH3 Z: CH CH CH CH OH 43,39%; Y: CH 3CH CH OH D X: CH CH CHOHCH3 Z: CH CH CH CH OH 33,39%; H SO4 Y: CH CH CHOHCH3 Z: 170o C $ Khi đun nóng ancol với mà thu đc anken đồng đẳng suy có ancol đồng phân cấu tạo ancol lại nằm dãy đồng đẳng -Gọi công thức ancol ROH R'OH Ta có ROH + R'OH = ROR' + H2O (1) R 2O 2ROH = H2O + R '2 O (2) H2O 2R'2O = + (3) Vì ete có số mol = R 2O R '2 O =>nROR' = n =n = x mol Mà m ete= 1,32 g => 3Rx + 3R'x + 48x = 1,32 (*) H2 Tỉ khối ete với = 44 => ete=44.2=88 =>1,32/3x=88 => x = 0,005 mol, thay vào (*) ta đc R + R' = 72 Lập bảng biện luận ta : R=29 R'=43 C2 H 5OH Vậy rượu C3 H7 OH C3 H OH ( có đồng phân cấu tạo) thõa mãn C2 H 5OH => X C2 H OH % = (0,005.3.46)/((0,005.3.46) + (0,005.3.60))% = 43,39 % C2 H OH ## Đun mol hỗn hợp C4 H9 OH H SO4 (tỷ lệ mol tương ứng 3:2) với C2 H5 OH gam ete, biết hiệu suất phản ứng A 28,4 gam *B 23,72 gam C 19,04 gam D 53,76 gam $ : Số mol thu m 40% Giá trị m là: C4 H9 OH 0,6 mol số mol 0,4 mol Do hiệu suất nên: C2 H OH C4 H9 OH số mol phản ứng 0,36 mol, số mol phản ứng: 2.ancol → 1.ete + 1.nước n H2 O = đặc C4 H9 OH 60% C2 H OH 140o C (0,36 + 0,16) = 0, 26 0,16 mol m H2O => mol => =4,68 gam Vậy: m=0,36x46+0,16x74-0,26x18=23,72 gam m1 H SO4 m2 ## Đun nóng gam ancol no, đơn chức A với đặc nhiệt độ thích hợp thu gam chất hữu B Tỉ khối B so với A 1,4375 Hiệu suất phản ứng đạt 100% Công thức phân tử A CH OH *A C2 H OH B C3 H OH C C4 H OH D m1 $ Đun H SO4 gam R-OH với m2 đặc → d B/ A gam chất hữu B; d B/ A > → B ete H 2SO d 2R − OH → R O + H2 O 140o C 2R + 16 R + 17 Ta có CH − = 1,4375 → R = 15 → CH 3OH → A = 1,4375 ## Cho m gam hỗn hợp X gồm hai ancol no đơn chức, bậc đồng đẳng tác dụng với Na dư, thu 0o C 140o C H 2SO 1,68 lít khí (ở , atm) Mặt khác, đun nóng m gam hỗn hợp với đặc thu 13,5 gam hỗn hợp ete Giả sử hiệu suất phản ứng 100% Tên gọi hai ancol X A metanol etanol *B etanol propan-1-ol C propan-1-ol butan-1-ol D butan-1-ol pentan-1-ol n H2 nX $ = 0,15 (mol) → = 0,15 × = 0,3 (mol) ancol + ancol'→ ete + nước n H2O → = 0,3 : = 0,15 (mol) mX → MX = 13,5 + 0,15 × 18 = 16,2 (g) → C2 H 5OH = 16,2 : 0,3 = 54 C3 H OH → X gồm H SO4 ## Đun nóng hỗn hợp gồm ancol bậc III ancol bậc I thuộc loại ancol no, đơn chức với H2O 140o C đặc, thu 5,4 gam 26,4 gam hỗn hợp ete, giả sử phản ứng xảy hoàn toàn ete hỗn hợp có số mol Công thức hai ancol là: (CH ) CH − OH A B *C CH 3CH OH (CH )3 C − OH CH3 CH OH (CH )3 C − OH (C2 H )3 C − OH D CH 3OH CH 3OH H2O $ Theo đề 5,4 gam hợp có số mol 26,4 gam hỗn hợp ete, giả sử phản ứng xảy hoàn toàn ete hỗn n H2 O = 0, → n ete = 0,1 M ete = 264 Vậy gồm ROR; R’OR’; ROR’ => 264=16.3+3R+3R’ => R+R’=72 Do bậc nên phải 4C => R=57; R’=15 (CH )3 C − OH => CH 3OH H SO4 ### Một hỗn hợp A gồm hai rượu có khối lượng 16,6g đun với dung dịch đậm đặc thu hỗn hợp B gồm hai olefin đồng đẳng liên tiếp, ete hai rượi dư có khối lượng 13 gam Biết đốt cháy hoàn toàn 13 CO gam hỗn hợp B thu 0,8 mol hỗn hợp A là: H2O 0,9 mol CTPT phần trăm theo số mol rượu CH 3OH C2 H5 OH A 50% C2 H OH 50% C3 H OH B 50% 50% C2 H OH *C C3 H OH 33,33% C2 H 5OH 66,67% C3 H OH D 66,67% 33,33% n H2 O > n CO2 $ Đốt cháy B thu => rượu no, đơn chức m H2 O = m A − m B n H2O Áp dụng bảo toàn khối lượng: => Nếu đốt cháy 16,6 gam A thu n H2O =16,6-13=3,6 gam => =0,2 mol nA =0,2+0,9=1,1 mol => MA = =1,1-0,8=0,3 mol 16, = 55,33 0,3 => C2 H5 OH => ancol m A 46x + 60y = 16, x + y = 0,3 => C3 H7 OH (x mol) (y mol) x = 0,1 y = 0, => C2 H5 OH => % số mol C3 H7 OH 33,33% 66,67% H 2SO 140ο C ## Hỗn hợp X gồm hai ancol đơn chức, đồng đẳng Đun nóng 16,6 gam X với đặc , thu 13,9 gam hỗn hợp ete (không có sản phẩm hữu khác) Biết với phản ứng xảy hoàn toàn Công thức hai ancol X C3 H7 OH C4 H9 OH A CH 3OH C2 H5 OH B C2 H OH *C C3 H7 OH C3 H5 OH C4 H OH D $ X gồm hai ancol đơn chức, đồng đẳng H 2SO 16,6 g X + H 2O 140ο C đặc, → 13,9 g hh ete + m H2O Theo BTKL n H2O = 16,6 - 13,9 = 2,7 gam → = 2,7 : 18 = 0,15 mol C2 H5 OH M ancol = 16,6 : 0,3 ≈ 53,33 → m1 C3 H7 OH (M = 46) H SO4 (M = 60) m2 ## Đun nóng gam ancol no, đơn chức X với đặc nhiệt độ thích hợp thu gam chất hữu Y Tỉ khối Y so với X 0,7 Hiệu suất phản ứng đạt 100% X có công thức phân tử C2 H OH A C3 H OH *B C4 H OH C C5 H11OH D $ Tỉ khối Y so với X 0,7 → Y anken C n H 2n + O Giả sử X o H 2SO4 ,t Cn H 2n + O → Cn H 2n −H O 14n = 0, 14n + 18 Ta có: C3 H7 OH → n = → X H 2SO4 ## Đun hỗn hợp X gồm ancol đồng đẳng với khối so với X 0,66 X hỗn hợp ancol đây? CH 3OH A 170o C đặc thu hỗn hợp olefin có tỉ C2 H5 OH C4 H OH B C5 H11OH C3 H OH C C4 H9 OH C2 H OH *D C3 H7 OH C n H 2n + O $ Gọi CTC ancol H 2SO4 Đun hh X với d X/ Y 170o C đặc → hh 2olefin Y, = 0,66 H 2SO ,t o −H2O Cn H 2n + O → Cn H 2n d Y/ X = 14n = 0, 66 14n + 18 C2 H5 OH → n ≈ 2,5 → Hai ancol C3 H7 OH H O H 2SO4 140o C ## Cho hỗn hợp X gồm hai ancol no, đơn chức đồng đẳng liên tiếp tách ( đặc, ) thu ba ete Trong có ete có khối lượng phân tử khối lượng phân tử hai ancol X gồm CH OH *A C2 H5 OH C2 H OH B C3 H7 OH C2 H 5OH C C4 H9 OH C3 H OH C4 H9 OH D C n H 2n +1OH $ Giả sử hhX gồm ancol Cn +1H 2n + OH m(Cn H2 n +1 )2 O = mCn +1H2 n +3 OH TH1: → 2(14n + 1) + 16 = 12(n + 1) + 2n + + 17 → n = CH OH C2 H5 OH → X gồm TH2 tương tự đáp án H SO4 ## Đun nóng 15,2 gam hỗn hợp ancol no đơn chức, đồng đẳng với gam hỗn hợp ete (H = 100%) Công thức ancol C3 H7 OH 140o C đặc , thu 12,5 C4 H9 OH A CH 3OH C2 H5 OH B C2 H OH *C C3 H7 OH CH 3OH C3 H7 OH D C n H 2n +1OH $ Giả sử hai ancol có CTC o H SO 4d ,140 C 2C n H 2n +1OH →(C n H 2n +1 )2 O + H O Ta có: m H2O n H 2O Theo BTKL: = 15,2 - 12,5 = 2,7 gam → n Cn H n+1OH M Cn H2 n +1OH → = 0,15 x = 0,3 mol → C2 H OH → Hai ancol = 2,7 : 18 = 0,15 mol = 15,2 : 0,3 ≈ 50,67 C3 H7 OH (M = 46) (M = 60) ## Chia 27,6 gam hỗn hợp ancol đơn chức thành phần Phần cho tác dụng hết với Na, thu H2 3,36 lít khí A 24,9 *B 11,1 C 8,4 D 22,2 (đktc) Phần tách nước thu m gam hỗn hợp ete (H=100%) Giá trị m m ancol $ Sau chia thành hai phần Giả sử hh ancol có dạng R-OH H2 P1 + Na → 0,15 mol n R − OH → = 0,3 mol P2 tách nước o H 2SO d,140 C 2R − OH → R 2O + H 2O = 27,6 : = 13,8 gam n H2O = 0,3 : = 0,15 mol m ete Theo BTKL: = 13,8 - 0,15 x 18 = 11,1 gam CO ## Đốt cháy hoàn toàn hỗn hợp X gồm ancol đơn chức, thuộc dãy đồng đẳng, thu 13,2 gam H 2O 8,28 gam A 42,81 *B 5,64 C 4,20 D 70,50 Nếu cho X tách nước tạo ete (H = 100%) khối lượng ete thu C n H 2n +1OH $ Giả sử hh ancol có CTC n CO2 Ta có n H2O = 0,3 mol; = 0,46 mol n Cn H n+1OH → = 0,46 - 0,3 = 0,16 mol m hhX mC = mH + mO + = 0,3 x 12 + 0,46 x + 0,16 x 16 = 7,08 gam o H SO4d ,140 C 2C n H 2n +1OH →(C n H 2n +1 ) O + H O Ta có: n H2O = 0,16 : = 0,08 mol m ete Theo BTKL: = 7,08 - 0,08 x 18 = 5,64 gam ## Cho 15,6 gam hỗn hợp ancol đơn chức qua bình đựng Na (dư) thấy khối lượng bình tăng 15,2 gam Cũng lượng hỗn hợp trên, tách nước để tạo ete (H = 100%) số gam ete thu *A 12,0 B 8,4 C 10,2 D 14,4 $ Giả sử hai ancol đơn chức có dạng R-OH m tan g = m ancol − m H → m H2 Theo BTKL: = 15,6 - 15,2 = 0,4 gam n H2 → n R −OH = 0,2 mol → = 0,4 mol H 2SO 4d,140o C 2R − OH → R O + H O n H2O Ta có: = 0,4 : = 0,2 mol m ete Theo BTKL: = 15,6 - 0,2 x 18 = 12 gam H 2SO ## Đun nóng ancol đơn chức X với đặc nhiệt độ thích hợp thu chất hữu Y nước Tỉ khối Y so với X 1,609 Công thức X CH 3OH A C3 H7 OH B C3 H5 OH C C2 H OH *D $ Tỉ khối Y so với X = 1,609 → X ete R 2O Giả sử X R-OH → R 2M R + 16 = 1,609 M R + 17 Ta có: C2 H5 − MR → = 29 → R C2 H OH → X H 2SO ## Đun nóng 12,90 gam hỗn hợp X gồm ancol no, đơn chức, bậc 1, đồng đẳng đặc 140o C thu 10,65 gam hỗn hợp Y gồm ete ( H= 100%) Tên gọi ancol X A metanol etanol B etanol propan-2-ol *C etanol propan-1-ol D propan-1-ol butan-1-ol C n H 2n +1OH $ Giả sử hai ancol có CTC o H SO4 d ,140 C 2Cn H 2n +1OH →(Cn H 2n +1 )2 O + H2 O m H2O Theo BTKL: n H 2O = 12,9 - 10,65 = 2,25 gam → → = 0,125 mol M Cn H n+1OH n ancol = 0,25 mol → = 12,9 : 0,25 = 51,6 C2 H5 OH C3 H7 OH → Hai ancol (M = 46) (M = 60) Vì hai ancol no, đơn chức, bậc I → hhX gồm etanol propan-1-ol ## Đốt cháy hoàn toàn 20,64 gam hỗn hợp X gồm ancol đơn chức, thuộc dãy đồng đẳng, thu 42,24 CO H2O H 2SO4 gam 24,48 gam Mặt khác, đun nóng 20,64 gam hỗn hợp X với phản ứng ancol 50%), thu m gam hỗn hợp ete Giá trị m A 17,04 B 6,72 *C 8,52 D 18,84 $ Giả sử ba ancol có CTC R-OH n CO2 n H2 O = 0,96 mol; = 1,36 mol n R − OH → = 1,36 - 0,96 = 0,4 mol 140o C đặc (với hiệu suất o H 2SO 4d,140 C 2R − OH → R 2O + H 2O n H2O Theo phương trình: = 0,2 mol Theo BTKL: m = 20,64 - 0,2 x 18 = 17,04 gam Mà H = 50% → m = 17,04 x 50% = 8,52 gam ## Cho 15,6 gam hỗn hợp X gồm ancol đơn chức, dãy đồng đẳng tác dụng hết với 9,2 gam Na, thu 24,5 gam chất rắn Nếu cho 15,6 gam X tách nước tạo ete (H = 100%) số gam ete thu A 10,20 B 14,25 *C 12,90 D 13,75 $ Giả sử hai ancol có CTC R-OH mH2 Theo BTKL: n H2 = 15,6 + 9,2 - 24,5 = 0,3 gam → = 0,15 mol nX → = 0,3 mol o H 2SO d,140 C 2R − OH → R 2O + H 2O n H2O = 0,3 : = 0,15 mol m ete Theo BTKL: = 15,6 - 0,15 x 18 = 12,9 gam H2 ## Cho 8,5 gam gam hỗn hợp X gồm ancol đơn chức tác dụng hết với Na, thu 2,8 lít khí H 2SO4 khác, đun nóng 8,5 gam hỗn hợp X với m gam hỗn hợp ete Giá trị m A 6,7 *B 5,0 C 7,6 D 8,0 $ Giả sử ba ancol đơn chức có CTC R-OH n H2 (đktc) Mặt 140o C đặc (với hiệu suất phản ứng rượu 80%), thu n R − OH = 2,8 : 22,4 = 0,125 mol → = 0,25 mol H 2SO d,140o C 2R − OH → R O + H O n H 2O Theo pt: = 0,25 : = 0,125 mol → m = 8,5 - 0,125 x 18 = 6,25 gam Mà H = 80% → m = 6,25 x 80% = gam CO ## Đốt cháy hoàn toàn ancol đơn chức X thu 4,4 gam tách nước tạo ete (H = 100%) số gam ete thu A 3,2 B 1,4 *C 2,3 D 4,1 H2O 3,6 gam Nếu cho lượng X $ Giả sử ancol đơn chức có CT R-OH n CO2 n H 2O = 0,1 mol; m R − OH n R − OH = 0,2 mol → mC mH = + = 0,2 - 0,1 = 0,1 mol mO + = 0,1 x 12 + 0,2 x + 0,1 x 16 = 3,2 gam o H 2SO d,140 C 2R − OH → R 2O + H 2O n H 2O Theo pt: = 0,1 : = 0,05 mol m ete Theo BTKl: = 3,2 - 0,05 x 18 = 2,3 gam CH 3OH ## Cho 0,1 mol C2 H OH ; 0,2 mol CH3 CH CH OH ; 0,3 mol H 2SO4 vào bình đựng đặc đun đến 140o C để thực phản ứng ete hóa 100% Tổng khối lượng ete thu có khối lượng A 30,4 gam B 5,4 gam C 35,8 gam *D 25 gam $ Giả sử ba ancol có CTC R-OH n R − OH m R − OH Ta có = 0,1 + 0,2 + 0,3 = 0,6 mol; = 0,1 x 32 + 0,2 x 46 + 0,3 x 60 = 30,4 gam H 2SO 4d,140o C 2R − OH → R O + H O n H 2O Theo pt: = 0,6 : = 0,3 mol m ete Theo BTKL: = 30,4 - 0,3 x 18 = 25 gam ## Ete hóa ancol đơn chức dãy đồng đẳng thu ete Trong ete có khối lượng mol phân tử khối lượng mol phân tử ancol Vậy ancol là: C2 H6 O A C4 H10 O C n +1H 2n + O B C n + H 2n + O C'n H '2n O *C C'2n H'4n O C m H 2m + O Cm +1H 2n + O D $ Giả sử hh gồm ancol no, đơn chức C x H 2x + O Hai ancol có CTPT M (Cx H x +1 )2 O C x +1 H 2x + O M Cx+1H2 x+4 O = → (14x + 1) x + 16 = 12(x + 1) + 2x + + 16 → x = ### Hỗn hợp X gồm ancol A, B mạch hở: H 2SO4 -Đun nóng hỗn hợp X với lượng phân tử ancol 130o C đặc thu ete có ete có khối lượng phân tử khối H SO4 -Đun nóng hỗn hợp X với 180o C đặc anken CO -Đốt cháy hoàn toàn 0,01 mol hỗn hợp X thu 1,408 A B *C D 10 Tổng số nguyên tử C hai ancol A, B lớn 180o C $ Đun nóng hhX thu hai anken → hhX gồm hai ancol no, mạch hở C n H 2n +1OH Giả hhX gồm Cm H 2m +1OH M (Cn H n+1 )2 O M Cm H2 m+1OH Ta có = → (14n + 1) x + 16 = 14m + 18 → m = 2n Giả sử gồm ancol A, B có số mol x, y x + y = 0,01 nx + 2ny = 0, 032 Ta có hpt: 0, 032 0, 032 0 → b > 0,2413 → -46 < MB → C3 H7 OH < 69,2 → B a + b = 0,9 a = 0,5 → 46a + 60b = 47 b = 0, Ta có hệ → %A= 48,94% X M X1 X1 ## hợp X gồm hai ancol ( M X2 < H SO4 ) Đun nóng X với H2O đặc thu 0,03 mol hỗn CO2 hợp Y gồm anken đồng đẳng liên tiếp, ba ete hai ancol dư Đốt cháy hoàn toàn Y thu 0,13 mol H 2O 0,15 mol Công thức phân tử X1 là: C2 H OH *A C3 H7 OH B CH 3OH C C3 H5 OH D n CO2 $ Ta có = 0,13 mol, n H2O Vì n H2O > → ancol no đơn chức n H2O n ancol → = 0,15 + 0,03 = 0,18 mol n CO2 = n CO2 - = 0,18- 0,13= 0,05 mol C tb → C2 H5 OH = 0,13: 0,05 = 2,6 → ancol dãy đồng đẳng C3 H OH và MX < MY ### Tách nước hoàn toàn 16,6 gam hỗn hợp A gồm ancol X, Y ( ) thu 11,2 gam hai anken 140o C dãy đồng đẳng Tách nước không hoàn toàn 24,9 gam hỗn hợp A ( , xúc tác thích hợp) thu hợp 8,895 gam ete Hiệu suất phản ứng tạo ete X 50% Hiệu suất phản ứng tạo ete Y A 70% *B 40% C 60% D 50% m H2 O $ Bảo toàn khối lượng → = 16,5 - 11,2 = 5,4 gam n A = n H2 O Ta có = 0,3 mol M tb → C2 H5 OH = 55,33 mà ancol → X, Y C3 H OH : x mol : y mol x + y = 0,3 x = 0,1 → 46x + 60y = 16, y = 0, Ta có hệ C2 H OH → Trong 24,9 gam A có 0,15 mol C3 H7 OH 0,3 mol C2 H5 OH Gọi số mol C3H7OH tách nước tạo ete x mol, số mol phản ứng : 0,075 mol ∑ n ancol pu n H2O → = 0,5 = 0,5 ( x+ 0,075) Bảo toàn khối lượng → 24,9 = 8,895 + 0,5(x+ 0,075) 18 + 0,075 46 + ( 0,3-x) 60 → x= 0,12 0,12 0,3 →H= ×100% = 40% ### Câu 38 Khi đun nóng hỗn hợp X gồm ancol A, B, C (A có khối lượng mol phân tử nhỏ ancol) H SO4 với 170o C đặc, để thực phản ứng tách nước thu hỗn hợp hai olefin dãy H 2SO đồng đẳng Nếu đun nóng 6,45 g hỗn hợp X với lượng ancol A X là: *A 53,49% B 46,51% C 62,67% D 37,33% 140o C đặc m H2 O $ Bảo toàn khối lượng → n H2O = 6,45 - 5,325= 1,125 gam → M ancol n ancol = 2n H2 O Luôn có thu 5,325 g hỗn hợp ete % khối = 0,125 mol → = 0,0625 mol 6, 45 = 0,125 =51,6 CH 3OH Vì tách nước thu hai olefin dãy đồng đẳng nên có cặp ancol thỏa mãn: ( CH3 CH OH CH 3CH CH OH CH − CH(OH) − CH CH CH OH C3 H OH , ) ( CH CH OH TH1: , , : x mol , ) CH − CH(OH) − CH CH3 CH CH OH : y mol , : z mol , → x+ y + z= 0,125 46x + 60y + 60z = 6,45 → x = 0,075 %C H 5OH = 0, 075 6, 45 → ×100% = 53, 49% CH 3OH CH3 CH OH C3 H OH TH2: , , CH OH Không tính cụ % C2 H 5OH ## Đêhiđrat hóa hoàn toàn mol H2 , hỗn hợp X gồm ete, anken, nước Cho X tác dụng với natri dư, n ete n anken thu 0,375 mol (đktc) Tỉ lệ : A 8/3 B 4/3 *C 1/2 D $ Gọi số mol ete, anken a, b→ số mol nước a+ b 2n H2 Ta có = a+ b = 0,75 Bảo toàn nguyên tố C → 2a + b = Giải hệ → a = 0,25 b = 0,5 n ete → n anken : = 0,25: 0,5= 1:2 MX < MY < MZ ### M hỗn hợp ancol đơn chức X, Y, Z có số C liên tiếp nhau, mạch hở ( no, có nối đôi C=C) Chia M làm phần nhau: CO + Đốt cháy hoàn toàn phần 2,01 mol ; X, Y no; Z chưa H2O 2,58 mol Br2 + Phần làm màu vừa đủ dung dịch chứa 16 g H 2SO + Đun nóng phần với 140o C đặc CO 16,41 gam hỗn hợp N gồm ete Đốt cháy hoàn toàn hỗn hợp N H2O 0,965 mol 1,095 mol Hiệu suất tạo ete X, Y, Z *A 60%; 50%; 35% B 35%; 50%; 60% C 45%; 50%; 50% D 62%; 40%; 80% n X + n Y = n H2 O − n CO2 $ P1: Nhận thấy = 2,58 - 2,01 = 0,57 mol n Z = n Br2 P2: = 0,1 mol Cz ≥ C tb → = 2,01 :( 0, 57 + 0,1) = mà X, Y, Z có số C liên liên tiếp nhau, Z ancol không no chứa nối đôi ( C2 H 5OH X, Y, Z C3 H7 OH : x mol, C H8 O : y mol, x + y = 0,57 x = 0,1 → 2x + 3y = 2, 01 − 0,1.4 y = 0, 47 Ta có hệ P3: Gọi số mol phản ứng X, Y, Z a, b, c : 0,1 mol 3) → n O( N) 16, 41 − 0,965.12 − 1, 095.2 16 → = = 0,165 → a + b + c= 0,165 Bảo toàn khối lượng 46a + 60b + 72c = 16,41+ 0,165 18 Bảo toàn nguyên tố C → 2a + 3b + 4c = 0,965 Giải hệ → a = 0,06, b = 0,235, c = 0,035 H C2 H5OH = → 0, 06 0,1 H C3H8O = x100% = 60%; 0, 235 0, 47 H C H8 O = ×100% = 50%; 0, 035 0,1 ×100% = 35%