Đang tải... (xem toàn văn)
Đa dạng các câu hỏi và bài tập về Phương pháp lập CTPT của HCHC phục vụ học sinh ôn thi đại học có đáp án và lời giải chi tiết. VD: Cho 5 ml hiđrocacbon X ở thể khí với 30 ml o2 (lấy dư) vào khí kế rồi bật tia lửa điện đốt sau đó làm lạnh thấy trong khí kế còn 20 ml khí trong đó có 15 ml khí bị hấp thụ bởi dung dịch KOH, phần còn lại hấp thụ bởi P trắng. Công thức phân tử của X là
O2 ## Cho ml hiđrocacbon X thể khí với 30 ml (lấy dư) vào khí kế bật tia lửa điện đốt sau làm lạnh thấy khí kế 20 ml khí có 15 ml khí bị hấp thụ dung dịch KOH, phần lại hấp thụ P trắng Công thức phân tử X CH A C2 H B C3 H *C C4 H10 D Cx H y $ ml O2 + 30 ml VCO2 • Ta có → 20 ml khí 15 ml khí hấp thụ NaOH, phần lại hấp thụ P trắng VO2 du = 15 ml; VO2 pu = ml → = 25 ml VH2 O Theo BTNT: = 25 x - 15 x = 20 ml C3 H Ta có x = 15 : = 3; y = 20 x : = → CTPT X ## Hỗn hợp gồm hiđrocacbon X oxi có tỉ lệ số mol tương ứng 1:10 Đốt cháy hoàn toàn hỗn hợp thu H 2SO hỗn hợp khí Y Cho Y qua dung dịch phân tử X đặc, thu hỗn hợp khí Z có tỉ khối hiđro 19 Công thức C3 H A C3 H B C H8 *C C3 H D O2 $ Ban đầu lấy mol X 10 mol y (x + )O Cx H y + y H2O CO2 →x + mZ nZ = 44x + 32(10 - x - y/4) = 12x - 8y + 320; = x + (10 - x - y/4) = (10 - y/4) mol 12x − 8y + 320 y 10 − Ta có: C H8 = 38 → 8x + y = 40 → x = ; y = → X Cn H 2n O ## Trong bình kín chứa chất hữu X (có dạng O2 ) mạch hở O2 (số mol gấp đôi số mol cần 139o C cho phản ứng cháy) , áp suất bình 0,8 atm Đốt cháy hoàn toàn X sau đưa nhiệt độ ban đầu, áp suất bình lúc 0,95 atm X có công thức phân tử C2 H O A C3 H O *B C4 H8 O C CH O2 D 3n − O2 Cn H 2n O $ + CO →n H 2O +n Cn H 2n O Giả sử ban đầu có mol O2 → có (3n - 2) mol CO H 2O O2 → Sau phản ứng có n mol , n mol (3n - 2)/2 mol Do khối lượng chất bình không thay đổi, nên ta có: + 3n − 0,8 = 3n − 0,95 n+n+ n truoc p truoc = n sau psau C3 H O →n=3→ CO2 H2O ## Đốt cháy hoàn toàn 1,605 gam hợp chất hữu X thu 4,62 gam ; 1,215 gam (đktc) Tỉ khối X so với không khí không vượt Công thức phân tử X C5 H N A C6 H9 N B C7 H9 N *C C6 H7 N D O2 $ 1,605 gam X + CO → 0,105 mol H2O + 0,0675 mol N2 + 0,0075 mol n O2 • Theo BTKL: = (4,62 + 1,215 + 0,0075 x 28 - 1,605) : 32 = 0,13875 mol n O2 Ta có x n CO2 = 2x n H2O +1x Cx H y Nz Đặt CTC X → X O MX < 116 N2 168ml (C7 H9 N)n Ta có x : y : z = 0,105 : 0,135 : 0,015 = : : → X có CTPT C H9 N Mà 107n < 116 → n = → CTPT X CO N2 H2O ## Đốt 5,9 gam chất hữu X thu 6,72 lít ; 1,12 lít 8,1 gam Mặt khác hoá 2,95 gam X thể tích thể tích 1,6 gam oxi điều kiện Biết khí đo đktc Công thức phân tử X CH N A C2 H6 N B C3 H N *C C4 H11 N D O2 CO2 $ 5,9 gam X + → 0,3 mol H2O + 0,45 mol N2 + 0,05 mol MX = 2,95 : 0,05 = 59 n O2 • Theo BTKL: = (0,3 x 44 + 8,1 + 0,05 x 28 - 5,9) : 32 = 0,525 mol n O2 n CO2 Mà x =2x n H 2O + → Trong X N Cx H y Nz Đặt CTPT X (C3 H N) n Ta có x : y : z = 0,3 : 0,9 : 0,1 = : : → X có CTPT C3 H N Mà 59n = 59 → n = → X có CTPT H2 O2 ## Cho vào khí kế 10 ml hợp chất hữu X (chứa C, H, N), 25 ml 40 ml bật tia lửa điện cho hỗn hợp nổ Đưa hỗn hợp điều kiện ban đầu, ngưng tụ hết nước, thu 20ml hỗn hợp khí có 10 ml khí bị hấp thụ NaOH ml khí bị hấp thụ P trắng Công thức phân tử X là: CH N *A C2 H N B C3 H N C C4 H11 N D Cx H y Nz H2 $ 10 ml X , 25 ml khí hấp thụ P trắng VCO • VO2 du = 10 ml; O2 40 ml VN = ml; = ml → 20 ml hỗn hợp khí có 10 ml bị hấp thụ NaOH ml VH2 O Theo BTNT: = 35 x - 10 x = 50 ml CH N Ta có x = 10 : 10 = 1; y = (50 - 25) x : 10 = 5; z = x : 10 = → X có CTPT CO2 ## Đốt 0,15 mol hợp chất hữu thu 6,72 lít H 2O (đkc) 5,4 gam Mặt khác đốt thể tích O2 chất cần 2,5 thể tích Các thể tích đo điều kiện nhiệt độ, áp suất CTPT hợp chất C2 H O A C2 H6 O B C2 H O C C2 H O *D O2 $ 0,15 mol X + CO2 → 0,3 mol H2O + 0,3 mol O2 1V X + 2,5V Cx H y Oz • Đặt CTPT X (x + C x H y Oz y z − )O2 + y H 2O CO2 →x + 0,3 x = 0,15 = y 0,3 =2 = 0,15 y z (x + − ) = 2,5 Ta có hpt: x = y = z = → C2 H4 O → X có CTPT H2O ## Đốt cháy lít hiđrocacbon với thể tích không khí (lượng dư) Hỗn hợp khí thu sau ngưng tụ tích 18,5 lít, cho qua dung dịch KOH dư 16,5 lít, cho hỗn hợp khí qua ống đựng photpho dư O2 lại 16 lít Xác định CTPT hợp chất biết thể tích khí đo điều kiện nhiệt độ, áp suất N2 chiếm 1/5 không khí, lại C2 H *A C2 H B C3 H C C2 H D Cx H y $ Hidrocacbon cần tìm có dạng Cx H y O2 CO + H2O → + CO2 H O N Hỗn hợp khí thu sau phản ứng gồm VCO Sau ngưng tụ nước VO2 du VN2 ; , VN2 khongkhi O2 không khí, dư VO2 du + CO + = 18,5 lít; qua dung dịch KOH + O2 = 16,5 lít → VN2 = 18,5 - 16,5 = lít; cho hỗn hợp khí qua ống đựng photpho dư = 16 lít → VO2 bandau • Ta có = 16,5 - 16 = 0,5 lít VN2 = VO2pu VO2 bandau : = 16 : = lít → n O2 Theo bảo toàn O: × n CO2 =2× = n H2O +1× • ta có x : y = VO2du - = - 0,5 = 3,5 mol n H2O → VC : VH = × 3,5 - × = mol C2 H6 = : → Hợp chất cần tìm O2 ## Trộn hiđrocacbon X với lượng vừa đủ hỗn hợp H tích sản phẩm thu Hiđrocacbon X P1 0o C áp suất P1 218, 4o C áp suất gấp lần thể tích hỗn hợp H C3 H C3 H D O2 $ X + P1 0o C → hỗn hợp H Vsanpham Đốt cháy X → 218, 4o C thu P1 VH gấp lần 0o C P1 , Cn H 2n + • Nhận thấy có đáp án A, B,D dạng 3n + O2 Cn H 2n + PT: + CO →n H2O + (n + 1) n O2 Gọi số mol X mol → n CO2 = 1,5n + 0,5 mol, P1 C C2 H C Đốt cháy hết X, tổng thể o C4 H10 *B dư bị giữ VO2du lại → A bị giữ lại nên VCO n H2O = n, = n + mol , áp suất Ta có P1 V1 R.273 n O2 nX + = P1 V2 R.491, n H2O + = : 273 491, + 1,5n + 0,5 n + n +1 → n CO2 = P1 2.V1 R.491, = C2 H →n=2→ ## Đốt cháy hoàn toàn 10,4 gam hợp chất hữu Y (chứa C, H, O) cho toàn sản phẩm cháy qua H 2SO4 bình dựng đặc, bình đựng nước vôi dư Sau thí nghiệm, người ta thấy khối lượng bình tăng 3,6 gam bình thu 30 gam kết tủa Công thức phân tử X C3 H O A C4 H O B C4 H O C C3 H O *D C x H y Oz $ 10,4 gam O2 + H 2SO4 → sản phẩm cháy qua bình đựng đặc, bình đựng nước vôi dư n H 2O Bình tăng 3,6 gam → = 0,2 mol n CO2 Bình tăng 30 gam ↓ → n CaCO3 = = 0,3 mol nO • Ta có = (10,4 - 0,3 x 12 - 0,2 x 2) : 16 = 0,4 mol C3 H O Ta có x : y : z = 0,3 : 0,4 : 0,4 = : : → O2 ## Đốt cháy hoàn toàn 0,12 mol chất hữu X mạch hở cần dùng 10,08 lít CO H O N2 (đktc) Dẫn toàn sản phẩm cháy Ba(OH)2 (gồm , ) qua bình đựng dung dịch dư, thấy khối lượng bình tăng 23,4 gam có 70,92 gam kết tủa Khí thoát khỏi bình tích 1,344 lít (đktc) Công thức phân tử X C H5 O N A C3 H O N B C3 H O N *C C2 H O2 N D O2 $ 0,12 mol X + 0,45 mol CO → H 2O + N2 + Cho sản phẩm cháy qua bình đựng n N2 m binh tan g Ba(OH)2 → = 23,4 gam; có 0,36 mol BaCO3↓; = 0,06 mol n CO • n BaCO3 = = 0,36 mol m CO2 m binh tan g = m H2 O n H2O + → = (23,4 - 0,36 x 44) : 18 = 0,42 mol mX MX Theo bảo toàn khối lượng = 0,36 x 44 + 0,42 x 18 + 0,06 x 28 - 0,45 x 32 = 10,68 gam → = 89 Cx H y Oz N t Đặt CTPT X Ta có x = 0,36 : 0,12 = 3; y = 0,42 x : 0,12 = 7; t = 0,06 x : 0,12 = MX Mà C3 H O N = 89 → z = → ## Đốt cháy hoàn toàn 1,18 gam chất X (CxHyN) lượng không khí vừa đủ Dẫn toàn hỗn hợp khí sau phản ứng vào bình đựng dung dịch Ca(OH)2 dư, thu gam kết tủa có 9,632 lít khí (đktc) thoát khỏi bình Biết không khí chứa 20% oxi 80% nitơ thể tích Công thức phân tử X C2 H N A C3 H N *B C4 H11 N C D C4H9N Cx H y Nz $ O2 + CO → H 2O + n CO2 N2 + n N2 tong = : 100 = 0,06 mol; n O2 Đặt = 9,632 : 22,4 = 0,43 mol n N khongkhi = a mol → = 4a mol n O2 n CO2 Theo bảo toàn nguyên tố Oxi × =2× mX m O2 n H2O +1× n H2O → m N2 khongkhi = 2a - × 0,06 = 2a - 0,12 mol m CO2 m H2O m N2 tong Theo định luật bảo toàn nguyên tố + + = + + → 1,18 + a × 32 + 4a × 28 = 0,06 × 44 + (2a - 0,12) × 18 + 0,43 × 28 → a = 0,105 mol n N2 → = n N khongkhi - n CO2 nC • n N tong = n H2O = 0,43 - 0,105 × = 0,01 mol; n H2O nH = 0,06 mol; =2× = × 0,105 - × 0,06 = 0,09 mol n N2 nN = × 0,09 = 0,18 mol; =2× = × 0,01 = 0,02 mol C3 H N Ta có x : y : z = 0,06 : 0,18 : 0,02 = : : → X Cx H y O ## Trong bình kín dung tích không đổi chứa hỗn hợp chất X ( O2 ) với vừa đủ để đốt cháy hợp chất 136,5o C Xở atm Sau đốt cháy, đưa bình nhiệt độ ban đầu, áp suất bình 1,2 atm Mặt khác, CO đốt cháy 0,03 mol X, lượng Ba(OH) sinh cho vào 400 ml dung dịch 0,15M thấy có tượng Ba(OH)2 hoà tan kết tủa, cho vào 800 ml dung dịch X Ba(OH) nói thấy dư Công thức phân tử C2 H4 O A C3 H O *B C H8 O C C3 H O D 4x + y − O2 Cx H y O CO y H2O $ Phản ứng đốt cháy + →x + pV = nRT → T, V, áp suất p lúc chưa đốt sau đốt khác số mol, n sau tức có tỉ số: ÷ 4x + y − y n truoc = 1,2 ÷ ↔ x + = 1,2 × (1 + Ba(HCO3 ) Mặt khác, để ý: TH1 tạo muối n CO2 n BaTH1 Do → < BaCO3 ; TH2 tạo Ba(OH) dư n CO2 n BaTH2 < ) → y = x + BaCO3 ↔ 0,6 < < 0,12 → < số C < → số C = C3 H O Vậy công thức phân tử X CO ## Khi đốt cháy lít khí X cần lít oxi Sau phản ứng thu lít kiện) Công thức phân tử X lít nước (các thể tích đo điều C2 H O A C2 H B C3 H O C C3 H *D O2 $ lít X + lít CO → lít + lít VCO2 VH2 O VO Ta có x H2O =2x +1x → Trong X O Cx H y Đặt CTPT X C3 H Ta có x = : = 3; y = x : = → ## Một hợp chất hữu A chứa nguyên tố X, Y có khối lượng mol M Biết 150 < M < 170 Đốt cháy hoàn toàn m gam A thu m gam nước Công thức phân tử A C10 H 22 A C16 H 24 B C12 H18 *C C12 H 22 D $ A chứa hai nguyên tố X, Y có M 150 < M < 170 O2 m gam A + H2O → m gam Cx H y • Đặt CTPT A (C H )n Ta có 12x + y = 9y → 3x = 2y → A có CTPT C12 H18 Mà 150 < 27n < 170 → 5,56 < n < 6,3 → n = → A có CTPT O2 ## Khi đốt lít khí X cần lít áp suất) CTPT X CO thu lít H2O lít (các thể tích khí đo điều kiện nhiệt độ, C4 H10 O *A C4 H8 O B C4 H10 O2 C C3 H O D O2 $ lít khí X + lít CO → lít H2O + lít C x H y Oz • Đặt CTPT X VO Theo BTNT: = x + - x = lít C4 H10 O Ta có x = : = 4; y = x : = 5; z = : = → X có CTPT CO2 ## Đốt cháy hoàn toàn 0,44 gam X cho sản phẩm ( H2O H 2SO4 ) qua bình (1) đựng Ca(OH) đựng dư bình (1) tăng 0,36 gam, bình (2) có gam kết tủa Biết C3 H O A C3 H O B C H8 O *C C5 H12 O D đặc bình (2) MX = 88 X có công thức phân tử O2 CO $ 0,44 gam X + → H2O + n H 2O Dẫn sản phẩm cháy qua bình (1) tăng 0,36 gam → = 0,36 : 18 = 0,02 mol n CO CaCO3 Dẫn sản phẩm cháy qua bình (2) có gam ↓ → n CaCO3 = = 0,02 mol C x H y Oz • Đặt CTPT X nO Ta có = (0,44 - 0,02 x 12 - 0,02 x 2) : 16 = 0,01 mol (C H O) n Ta có x : y : z = 0,02 : 0,04 : 0,01 = : : → X có CTPT C4 H8 O Mà 44n = 88 → n = → ## Artemisinin (X) chiết xuất từ Thanh hao hoa vàng thành phần thuốc điều trị sốt rét CO2 H O Đốt cháy hoàn toàn 14,1 gam X hấp thụ toàn sản phẩm cháy (chỉ gồm , ) vào dung dịch Ba(OH)2 dư tạo 147,75 gam kết tủa, dung dịch sau phản ứng có khối lượng giảm 104,85 gam so với dung dịch Ba(OH)2 H2 ban đầu Biết tỉ khối X so với 141 Tổng số nguyên tử phân tử X A 48 B 46 C 44 *D 42 O2 CO $ 14,1 gam X + → H2O + Ba(OH) Hấp thụ sản phẩm cháy vào dung dịch m ddgiam BaCO3 → 0,75 mol ↓; = 104,85 gam MX = 282 n CO n BaCO3 • = = 0,75 mol m BaCO3 m ddgiam = m CO2 -( m H2 O + n H2O )→ = (147,75 - 104,85 - 0,75 x 44) : 18 = 0,55 mol Cx H y Oz Đặt CTPT X nO Ta có = (14,1 - 0,75 x 12 - 0,55 x 2) : 16 = 0,25 mol (C15 H 22 O5 ) n Ta có x : y : z = 0,75 : 1,1 : 0,25 = 15 : 22 : → X có CTPT C15 H 22 O5 Mà 282n = 282 → n = → X có CTPT O2 CO ## Đốt cháy hoàn toàn 10 ml este X cần vừa đủ 45 ml , sau phản ứng thu hỗn hợp khí nước có tỉ lệ thể tích 4:3 Ngưng tụ sản phẩm cháy thể tích giảm 30 ml Biết thể tích đo điều kiện Công thức este X C4 H O *A C4 H O B C4 H8 O C C8 H O D Cx H y Oz $ 10 ml este X O2 + 45 ml VH2 O CO2 → H2O + có tỉ lệ : VCO Ta có = 30 ml → = 40 ml VO Theo BTNT: = x 40 + 30 - 45 x = 20 ml C4 H O Ta có x = 40 : 10 = 4; y = 30 x : 10 = 6; z = 20 : 10 = → X có CTPT ## Đốt cháy hoàn toàn 0,1 mol este đơn chức X, dẫn toàn sản phẩm đốt cháy qua bình đựng 100 gam H SO4 H 2SO4 dung dịch 98%; bình đựng dung dịch KOH dư Sau thí nghiệm bình thu dung dịch bình có 55,2 gam muối CTPT X 92,98%; C4 H O A C4 H O *B C4 H8 O C C3 H O D Cx H y O2 $ 0,1 mol O2 + CO2 → H2O + H 2SO4 Hấp thụ sản phẩm cháy qua bình đựng H SO4 Bình thu n CO2 98%; bình đựng KOH dư 98 100 + m H2 O 92,98 % → m H2 O = 0,9298 → n H2O = 5,4 gam → = 0,3 mol n K 2CO3 = = 55,2 : 138 = 0,4 mol C H O2 Ta có x = 0,4 : 0,1 = 4; y = 0,3 x : 0,1 = → X có CTPT CO H2O ## Đốt cháy a gam este sau phản ứng thu 9,408 lít 7,56 gam , thể tích khí oxi cần dùng 11,76 lít (các thể tích khí đo đktc) Biết este axit đơn chức ancol đơn chức tạo nên Công thức phân tử este C5 H10 O A C H8 O *B C2 H O C C3 H O D Cx H y O2 $ a gam este O2 + 0,525 mol CO → 0,42 mol H 2O + 0,42 mol nO • Theo BTNT: = 0,42 x + 0,42 - 0,525 x = 0,21 mol C H8 O Ta có x : y : = 0,42 : 0,84 : 0,21 = : : → Este có CTPT N2 ## Đốt cháy hoàn toàn 13,4 gam hợp chất hữu X không khí vừa đủ (chứa 80% CO thu 22 gam H2O , 12,6 gam O2 20% thể tích), N2 69,44 lít (đktc) CTPT X (biết CTPT trùng với CTĐGN) C5 H14 N A C5 H14 O N B C5 H14 ON C C5 H14 O N *D CO2 $ 13,4 gam X + không khí → 0,5 mol H2O + 0,7 mol N2 + 3,1 mol n khongkhi • Theo BTKL: = (22 + 12,6 + 3,1 x 28 - 13,4) : 29 ≈ 3,7 mol n O2 → n N khongkhi = 0,7 mol; n N2 = 3,0 mol n N khongkhi Ta có = n N 2chay + n N 2chay → = 3,1 - 3,0 = 0,1 mol Cx H y Oz N t Đặt CTPT X n O(X) Ta có = (13,4 - 0,5 x 12 - 0,7 x - 0,1 x 28) : 16 = 0,2 mol C5 H14 O2 N2 Ta có x : y : z : t = 0,5 : 1,4 : 0,2 : 0,2 = : 14 : : → CTPT X cm3 cm3 ## Trộn 200 hỗn hợp chất hữu X với 1000 oxi dư đốt Thể tích hỗn hợp sau đốt 1,2 lít Sau làm ngưng tụ nước lại 0,8 lít, tiếp tục cho qua dung dịch NaOH lại 0,4 lít (các thể tích điều kiện) Công thức phân tử X là: C2 H A C2 H *B C3 H C C3 H D cm3 O2 cm3 $ 200 X + 1000 → 1,2 lít hỗn hợp khí Làm ngưng tụ lại 0,8 lít khí, cho qua dung dịch NaOH lại 0,4 lít VH2 O • VCO2 = 1,2 - 0,8 = 0,4 lít; VO2 pu Ta có x = 0,8 - 0,4 = 0,4 lít; VCO2 =2x VO2 du VO2pu = 0,4 lít → = - 0,4 = 0,6 lít VH2 O + → Trong X O Cx H y Đặt CTPT X C2 H Ta có x = 0,4 : 0,2 = 2; y = 0,4 x : 0,2 = → Ba(OH) ## Đốt cháy 1,08 gam hợp chất hữu X cho toàn sản phẩm cháy vào dung dịch thấy khối lượng bình tăng 4,6 gam đồng thời tạo thành 6,475 gam muối axit 5,91 gam muối trung hoà Tỉ khối X so với He 13,5 Công thức phân tử X là: C4 H10 A C3 H O B C4 H *C C3 H O D O2 $ 1,08 gam X + CO → H2O + Hấp thụ sản phẩm + n Ba (HCO3 )2 m binh tan g Ba(OH)2 → = 4,6 gam; n BaCO3 = 0,025 mol; = 0,03 mol MX = 54 n CO • n H2O = x 0,025 + 0,03 = 0,08 mol → = (4,6 - 0,08 x 44) : 18 = 0,06 mol n O(X) Ta có = 1,08 - 0,08 x 12 - 0,06 x = gam → Trong X O Cx H y Đặt CTC X (C2 H )n Ta có x : y = 0,08 : 0,12 = : → X có CTPT C4 H Mà 27n = 54 → n = → O2 ## Đốt cháy hoàn toàn 5,8 gam hiđrocacbon X lượng vừa đủ khí Công thức X CO , thu H2O 0,5 mol C3 H A C4 H10 *B C3 H C C4 H8 D mX $ Nhận thấy nC → mC = + nH : n H2O mH = 0,4 : = 4: 10 → 5,8 = mC + nC → = 0,4 mol [...]... + 0, 525 mol CO 2 → 0, 42 mol H 2O + 0, 42 mol nO • Theo BTNT: = 0, 42 x 2 + 0, 42 - 0, 525 x 2 = 0 ,21 mol C 4 H8 O 2 Ta có x : y : 2 = 0, 42 : 0,84 : 0 ,21 = 4 : 8 : 2 → Este có CTPT là N2 ## Đốt cháy hoàn toàn 13,4 gam hợp chất hữu cơ X bằng không khí vừa đủ (chứa 80% CO 2 thu được 22 gam H2O , 12, 6 gam O2 và 20 % về thể tích), N2 và 69,44 lít (đktc) CTPT của X là (biết CTPT trùng với CTĐGN) C5 H14 N 2 A C5... bình 2 đựng dung dịch KOH dư Sau thí nghiệm bình 1 thu được dung dịch bình 2 có 55 ,2 gam muối CTPT của X là 92, 98%; C4 H 4 O 2 A C4 H 6 O 2 *B C4 H8 O 2 C C3 H 4 O 2 D Cx H y O2 $ 0,1 mol O2 + CO2 → H2O + H 2SO4 Hấp thụ sản phẩm cháy qua bình 1 đựng H 2 SO4 Bình 1 thu được n CO2 98%; bình 2 đựng KOH dư 98 100 + m H2 O 92, 98 % → m H2 O = 0, 929 8 → n H2O = 5,4 gam → = 0,3 mol n K 2CO3 = = 55 ,2 : 138... H14 O 2 N B C5 H14 ON 2 C C5 H14 O 2 N 2 *D CO2 $ 13,4 gam X + không khí → 0,5 mol H2O + 0,7 mol N2 + 3,1 mol n khongkhi • Theo BTKL: = (22 + 12, 6 + 3,1 x 28 - 13,4) : 29 ≈ 3,7 mol n O2 → n N 2 khongkhi = 0,7 mol; n N2 = 3,0 mol n N 2 khongkhi Ta có = n N 2chay + n N 2chay → = 3,1 - 3,0 = 0,1 mol Cx H y Oz N t Đặt CTPT của X là n O(X) Ta có = (13,4 - 0,5 x 12 - 0,7 x 2 - 0,1 x 28 ) : 16 = 0 ,2 mol... C3 H 8 D cm3 O2 cm3 $ 20 0 X + 1000 → 1 ,2 lít hỗn hợp khí Làm ngưng tụ còn lại 0,8 lít khí, cho đi qua dung dịch NaOH còn lại 0,4 lít VH2 O • VCO2 = 1 ,2 - 0,8 = 0,4 lít; VO2 pu Ta có 2 x = 0,8 - 0,4 = 0,4 lít; VCO2 =2x VO2 du VO2pu = 0,4 lít → = 1 - 0,4 = 0,6 lít VH2 O + → Trong X không có O Cx H y Đặt CTPT của X là C2 H 4 Ta có x = 0,4 : 0 ,2 = 2; y = 0,4 x 2 : 0 ,2 = 4 → Ba(OH) 2 ## Đốt cháy 1,08 gam... O 2 *A C4 H 6 O 4 B C4 H8 O 2 C C8 H 6 O 4 D Cx H y Oz $ 10 ml este X O2 + 45 ml VH2 O CO2 → H2O + có tỉ lệ 4 : 3 VCO 2 Ta có = 30 ml → = 40 ml VO Theo BTNT: = 2 x 40 + 30 - 45 x 2 = 20 ml C4 H 6 O 2 Ta có x = 40 : 10 = 4; y = 30 x 2 : 10 = 6; z = 20 : 10 = 2 → X có CTPT là ## Đốt cháy hoàn toàn 0,1 mol este đơn chức X, dẫn toàn bộ sản phẩm đốt cháy lần lượt qua bình 1 đựng 100 gam H 2 SO4 H 2SO4... trung hoà Tỉ khối hơi của X so với He là 13,5 Công thức phân tử của X là: C4 H10 A C3 H 6 O 2 B C4 H 6 *C C3 H 8 O 2 D O2 $ 1,08 gam X + CO 2 → H2O + Hấp thụ sản phẩm + n Ba (HCO3 )2 m binh tan g Ba(OH )2 → = 4,6 gam; n BaCO3 = 0, 025 mol; = 0,03 mol MX = 54 n CO 2 • n H2O = 2 x 0, 025 + 0,03 = 0,08 mol → = (4,6 - 0,08 x 44) : 18 = 0,06 mol n O(X) Ta có = 1,08 - 0,08 x 12 - 0,06 x 2 = 0 gam → Trong X... 6 O2 Ta có x = 0,4 : 0,1 = 4; y = 0,3 x 2 : 0,1 = 6 → X có CTPT là CO 2 H2O ## Đốt cháy a gam một este sau phản ứng thu được 9,408 lít và 7,56 gam , thể tích khí oxi cần dùng là 11,76 lít (các thể tích khí đều đo ở đktc) Biết este này do một axit đơn chức và một ancol đơn chức tạo nên Công thức phân tử của este là C5 H10 O 2 A C 4 H8 O 2 *B C2 H 4 O 2 C C3 H 6 O 2 D Cx H y O2 $ a gam este O2 +... H14 O2 N2 Ta có x : y : z : t = 0,5 : 1,4 : 0 ,2 : 0 ,2 = 5 : 14 : 2 : 2 → CTPT của X là cm3 cm3 ## Trộn 20 0 hỗn hợp chất hữu cơ X với 1000 oxi dư rồi đốt Thể tích hỗn hợp sau khi đốt là 1 ,2 lít Sau khi làm ngưng tụ hơi nước còn lại 0,8 lít, tiếp tục cho đi qua dung dịch NaOH thì còn lại 0,4 lít (các thể tích ở cùng điều kiện) Công thức phân tử của X là: C2 H 6 A C2 H 4 *B C3 H 6 C C3 H 8 D cm3 O2... Trong X không có O Cx H y Đặt CTC của X là (C2 H 3 )n Ta có x : y = 0,08 : 0, 12 = 2 : 3 → X có CTPT là C4 H 6 Mà 27 n = 54 → n = 2 → O2 ## Đốt cháy hoàn toàn 5,8 gam hiđrocacbon X bằng một lượng vừa đủ khí Công thức của X là CO 2 , thu được H2O và 0,5 mol C3 H 6 A C4 H10 *B C3 H 8 C C4 H8 D mX $ Nhận thấy nC → mC = + nH : n H2O mH = 0,4 : 1 = 4: 10 → 5,8 = mC + 2 nC 1 → = 0,4 mol