Đang tải... (xem toàn văn)
Đa dạng các câu hỏi và bài tập về bài toán về oxi hóa của hidrocacbon phục vụ học sinh ôn thi đại học có đáp án và lời giải chi tiết. VD: Đốt 8,96 lít hỗn hợp gồm 2 anken X, Y là đồng đẳng liên tiếp rồi dẫn sản phẩm cháy lần lượt qua bình 1 đựng P2O5 và bình 2 đựng dung dịch KOH dư thì khối lượng bình 1 tăng m gam, bình 2 tăng (m + 39) gam. Nếu X là là anken có số nguyên tử cacbon nhỏ hơn thì % thể tích của X trong hỗn hợp là
CO2 ## Đốt cháy hoàn toàn hỗn hợp M gồm ankan X ankin Y, thu số mol Thành phần phần trăm số mol X Y hỗn hợp M là: A 35% 65% B 75% 25% C 20% 80% *D 50% 50% Cn H 2n + $ Gọi công thức ankan X Lấy mol X x mol Y n CO2 H2O số mol Cm H 2m − , công thức ankin Y n H2 O ta có : = → n + xm = n + + x( m-1 ) nx = ny →x=1→ ## Hỗn hợp gồm hiđrocacbon X oxi có tỉ lệ số mol tương ứng ÷ 10 Đốt cháy hoàn toàn hỗn hợp thu H SO4 hỗn hợp khí Y Cho Y qua dung dịch đặc, thu hỗn hợp khí Z có tỉ khối hiđro 19 Công thức phân tử X (cho H = 1, C = 12, O = 16) C3 H A C3 H B C H8 *C C3 H D n X = 1; n O2 = 10 $ Giả sử: Cx H y O2 → +(x+0,25y) n O2 ,du = 10 − (x + 0, 25y) CO2 x H2O +0,5y CO + O (du) M Z = 19.2 = 38 n O2 ,du = n CO2 Z: ; → → 10-(x+0,25)=x → 2x+0,25y=10 → 8x+y=40 C4 H8 → x=4; y=8 → Ba(OH) ## Đốt cháy hoàn toàn lượng hiđrocacbon X Hấp thụ toàn sản phẩm cháy vào dung dịch (dư) tạo Ba(OH) 29,55 gam kết tủa, dung dịch sau phản ứng có khối lượng giảm 19,35 gam so với dung dịch Công thức phân tử X là: C3 H A C2 H6 B ban đầu C3 H C C3 H *D 29,55 = 0,15 197 n CO2 = n BaCO3 = $ Có: mol m BaCO3 − (mCO2 + m H2 O ) = 19,35 gam m H2 O = 29,55 − 19,35 − 44.0,15 = 3, → gam n H2 O = 0, → n C : n H = 0,15 : 0, = : mol → C3 H → CTPT X ## Ba hiđrocacbon X, Y, Z dãy đồng đẳng, khối lượng phân tử Z gấp đôi khối lượng phân Ca(OH) tử X Đốt cháy 0,1 mol chất Y, sản phẩm khí hấp thụ hoàn toàn vào dung dịch tủa là: *A 30 B 10 C 20 D 40 Mx $ Gọi MZ phân tử khối X C3 H → Y Mx = Mx + 28 = Mx → dư thu số gam kết C2 H = 28 → X C H8 Z n CO2 C3 H Đốt cháy 0,1 mol → m CaCO3 = 0,3 mol → = 0,3 x 100 = 30 gam ## Hỗn hợp X gồm ankan M ankin N đem đốt cháy hoàn toàn cần 36,8 gam oxi thu 12,6 CO2 gam nước Số mol A 0,2 mol *B 0,3 mol C 0,1 mol D 0,4 mol n O2 = $ sinh 8/3 số mol hỗn hợp X đầu Vậy tổng số mol hỗn hợp X : 36,8 = 1,15 32 n H2O = 12,6 = 0, 18 mol; n CO2 = n X mol; 2n O2 = 2n CO2 + n H2O Áp dụng bảo toàn nguyên tố O có: 2.1,15 = n X + 0, → n X = 0,3 → mol ## Đốt cháy hai hiđrocacbon đồng đẳng liên tiếp ta thu 5,04 gam nước 8,8 gam khí cacbonic Công thức phân tử hai hiđrocacbon là: C2 H C3 H A CH B C2 H C2 H C3 H *C C3 H C H D , n CO2 $ Nhận thấy n H2 O = 0,2 mol < n H2 O n ankan Luôn có = = 0,28 mol → hai hiđrocacbon ankan n CO2 - = 0,08 mol 0, C tb = 0, 08 → C2 H = 2,5 mà hai hiđrocacbon đồng đẳng liên tiếp → C3 H CO # Đốt cháy hoàn toàn hỗn hợp hiđrocacbon mạch hở thuộc dãy đồng đẳng thu 11,2 lít (đktc) H2O gam Hai hiđrocacbon thuộc dãy đồng đẳng đây? A Ankan B Xicloankan *C Anken D Ankin n CO2 $ Nhận thấy anken n H2 O = = 0,5 mol mà hỗn hợp hiđrocacbon mạch hở →hiđrocacbon thuộc dãy đồng đẳng H2 O # Đốt cháy hoàn toàn ankin X khối lượng khối lượng ankin đem đốt X C2 H A C5 H B C3 H C C4 H *D C n H 2n − $ Giả sử đốt mol ankin có công thức n H2 O → = n-1 mol mH2O m ankin Theo đề ta có = C4 H → 14n-2= 18(n-1) → n= Vậy ankin có công thức CO2 # Khi đốt cháy hiđrocacbon X, thu 0,108 gam nước 0,396 gam Công thức đơn giản X C2 H3 A C3 H4 *B C4 H C C2 H D n CO2 $ Ta có n H2 O = 0,009 mol, = 0,012 mol C3 H → C: H = 0,009 : 0,006 = 3:4 → công thức đơn giản X O2 ## Đốt cháy thể tích hiđrocacbon X có a nguyên tử C cần vừa đủ 1,25a thể tích Hiđrocacbon X có công thức phân tử dạng điều kiện C n H 2n + A C n H 2n B Cn H 2n − C Cn H n *D CO $ Nhận thấy đốt cháy X tạo a mol n H2 O Bảo toàn nguyên tố O→ n O2 =2 n CO2 -2 = 2.1,25a -2a= 0,5a → số nguyên tử H có thể tích X a Cn H n Vậy thể tích hiđrocacbon X có a nguyên tử C a nguyên tử H → C có dạng CO # Khi phân tích hiđrocacbon 3,36 lít khí H2O (đktc) 1,35 gam (CH) n *A (CH ) n B (CH3 ) n C (C n H 2n −1 ) p D n CO2 $ Ta có n H2 O = 0,15 mol, = 0,075 mol (CH) n → C: H = 0,15 : ( 0,075.2) = 1:1 → X có công thức phân tử Công thức thực nghiệm X CO2 # Một hiđrocacbon X có tỉ khối so với không khí 2,69 Khi đốt cháy X tạo X có công thức phân tử H2O với tỉ lệ số mol : C2 H A C4 H B C6 H *C C H8 D CO H 2O $ Khi đốt cháy X tạo với tỉ lệ số mol : → C: H= 2:2= 1:1 → X có công thức phân tử dạng (CH) n Mx = 2,69 29 =78= 13n → n= C H C3 H # Trộn x mol hỗn hợp X (gồm , C3 H ) y mol hỗn hợp Y (gồm H2O Z đem đốt cháy thu hiệu số mol A 0,1 0,25 B 0,15 0,2 *C 0,2 0,15 D 0,25 0,1 n H2 O n CO2 C H8 ) thu 0,35 mol hỗn hợp CO 0,2 mol Giá trị x y n ankan $ Nhận thấy = Mà x+ y = 0,35 → y = 0,15 mol → x= 0,2 mol ## Đốt cháy hoàn toàn V lít (đktc) hỗn hợp hai hiđrocacbon dãy đồng đẳng Dẫn sản phẩm cháy CaCl2 qua bình I đựng khan, bình II đựng KOH, sau thí nghiệm khối lượng bình I tăng 3,78 gam, bình II tăng 7,04 gam Hai hiđrocacbon hỗn hợp đầu C H C3 H A , C H C3 H B , C3 H8 C4 H10 *C , C3 H D C H8 , CO $ Khi đốt hỗn hợp hai hiđrocacbon thu H2O CO qua KOH để hấp thụ m H2 O m tan g(binh1) → = m tan g(binh 2) m CO2 = n H2 O = 3,78gam → n ankan = 0,21 mol n CO2 = 7,04 gam → = 0,16 mol CaCl2 dẫn qua bình khan để hấp thụ nước, dẫn n H2 O n CO2 Vì > → hai hiđrocacbon cần tìm ankan n H2 O n CO2 n ankan Luôn có = - C tb = 0,21- 0,16 = 0,05 mol → C3 H = 0,16 : 0,05 = 3,2 → hidrocacbon , C4 H10 ## Đốt 8,96 lít hỗn hợp gồm anken X, Y đồng đẳng liên tiếp dẫn sản phẩm cháy qua bình đựng P2O5 bình đựng dung dịch KOH dư khối lượng bình tăng m gam, bình tăng (m + 39) gam Nếu X là anken có số nguyên tử cacbon nhỏ % thể tích X hỗn hợp *A 25% B 40% C 60% D 75% C n H 2n $ Gọi công thức chung anken CO2 Khi đốt cháy 0,4 mol anken sinh 0,4n mol m binh2 tan g − m binh1tan g m CO2 = H2O 0,4n mol m H2O - → 39= 0,4n.44- 0,4n 18 → n= 3,75 C3 H → anken X, Y đồng đẳng liên tiếp C H8 C3 H Sử dụng đường chéo với n= 3,75 → : 0,1 mol : 0,3 mol 0,1 100% 0, %VC3 H6 → C4 H8 = = 25% ## Hỗn hợp X gồm etan, etilen, axetilen buta-1,3-đien Đốt cháy hết m gam hỗn hợp X, cho sản phẩm hấp thụ vào nước vôi dư thu 100 gam kết tủa khối lượng dung dịch nước vôi giảm 39,8 gam Giá trị m *A 13,80 B 37,40 C 58,75 D 60,20 n CaCO3 $ Ta có = = mol mCaCO3 m ddgiam = mX → n CO2 - mC = m CO2 m H2O - 100 − 1.44 − 39,8 18 n H2O → = = 0,9 mol mH + = 1.12 + 2.0,9 = 13,8 gam CO ## Đốt cháy hoàn toàn 16,8ml hỗn hợp X gồm CO, metan propan thu 28,6ml khí thể tích propan X A 29,37% B 58,74% *C 35,12% D 70,24% Thành phần % theo VCH4 VCO $ Ta có VCO2 → VC3 H8 + + VCO VCH = + = 16,8 ml VC3H8 +3 = 28,6 ml VC3 H8 → 5, 100% 16,8 %VC3H8 = (28,6-16,8 ) :2= 5,9 ml → = = 35,12% # Thuốc thử để nhận biết hai chất: benzen toluen A dung dịch brom B brom khan KMnO C dung dịch KMnO *D dung dịch đun nóng KMnO $ Ta dùng dung dịch , đun nóng o C6 H CH t KMnO4 → C6 H5 COOK +2 MnO2 +2 H2O ↓ + KOH + KMnO Ta nhận toluen: dung dịch Benzen tượng màu, có kết tủa nâu đen xuất C8 H10 ## Hiđrocacbon X có công thức phân tử không làm màu dung dịch brom Khi đun nóng X dung C7 H KO2 dịch thuốc tím tạo thành hợp chất (Y) Cho Y tác dụng với dung dịch axit clohiđric tạo thành hợp chất C7 H O X có tên gọi sau ? *A etylbenzen B 1,2-đimetylbenzen C 1,3-đimetylbenzen D 1,4-đimetylbenzen C8 H10 $ Hiđrocacbon X có CTPT: aren no KMnO4 X+ C7 H KO2 → C7 H O ; (Y) + HCl → C6 H − C H → Y là muối → X là C6 H − C H PT: không làm mất màu dung dịch brom lại tác dụng với dd thuốc tím → X là o t KMnO → C6 H COOK +4 C6 H5 COOK MnO2 +4 CO + H 2O + 3KOH + C6 H5 COOH + HCl → + KCl KMnO ## Thổi 0,25 mol khí etilen qua 125ml dung dịch lượng etylen glicol thu *A 11,625 gam B 23,25 gam C 15,5 gam 1M môi trường trung tính (hiệu suất 100%) khối D 31 gam CH = CH $ KMnO +2 H2 O +4 C2 H (OH) →3 MnO2 +2 ↓ + 2KOH 0,125.3 = = 0,1875 n C2 H (OH)2 mol m C2 H (OH)2 → = 0,1875 x 62 = 11,625 gam CO ## Đốt cháy hoàn toàn 5,6 lít hỗn hợp X gồm ankan M ankin N thu 10,08 lít Công thức M N C2 H A H2O (đktc) gam C2 H C2 H6 B C3 H CH *C C3 H CH D C2 H Cn H 2n + $ 0,25 mol hhX gồm Cm H 2m − O2 + CO2 → 0,45 mol H2O + 0,5 mol CH Ta có số C trung bình = 0,45 : 0,25 = 1,8 → Ankan n CH Ta đặt n ankin = x mol; = y mol x + y = 0, 25 x − y = 0,5 − 0, 45 Ta có hpt: x = 0,15 y = 0,1 → C3 H Ta có: 0,15.1 + 0,1 m = 0,45 → m = → C2 H C2 H C2 H H2 ## Cho hỗn hợp khí X gồm: 0,1 mol , 0,2 mol , 0,1 mol 0,36 mol qua ống sứ đựng Ni xúc tác,đun nóng thu hỗn hợp khí Y Dẫn hỗn hợp khí Y qua bình đựng brom dư thấy khối lượng bình tăng 1,64 gam có hỗn hợp khí Z thoát khỏi bình đựng brom Khối lượng hỗn hợp khí Z ? A 13,26 gam *B 10,28 gam C 9,58 gam D 8,20 gam $ Nhận thấy khối lượng bình brom tăng khối lượng ankin anken hấp thụ m tan g + m Z mX Bảo toàn khối lượng → = mZ → = 0,1.26 + 0,2.28 + 0,1.30 + 0,36.2- 1,64= 10,28 gam CO2 ## Đốt cháy hoàn toàn 0,2 mol hỗn hợp X gồm ankan anken, thu 0,35 mol Phần trăm số mol anken X A 50% B 25% C 40% *D 75% H 2O 0,4 mol O2 $ 0,2 mol hhX gồm ankan anken + n C n H2 n + CO2 → 0,35 mol + 0,4 mol n H 2O n CO2 Ta có: = - = 0,4 - 0,35 = 0,05 mol %Vanken = n anken → H 2O 0,15 = 75% 0, = 0,2 - 0,05 = 0,15 mol → O2 ## Hỗn hợp khí X gồm hai hiđrocacbon đồng đẳng Đốt cháy X 64 gam , sau phản ứng xảy hoàn toàn, dẫn hỗn hợp thu sau phản ứng qua bình nước vôi dư thấy tạo thành 100 gam kết tủa 0o C Khí khỏi bình tích 11,2 lít (đo C2 H 456 mmHg) Công thức phân tử hai hiđrocacbon X C3 H *A C2 H B C3 H C3 H C C4 H10 C3 H C4 H6 D $ 456 mmHg= 0,6 atm 11, 2.0, 22, O2 Khí thoát khỏi bình có số mol: = 0,3 mol n O2 ,pu → = 2- 0,3 = 1,7 mol n CaCO3 Ta có n CO2 = = mol n H2 O Bảo toàn nguyên tố O → n CO2 Vì < → X gồm ankan n H2 O n ankan Luôn có = 2.1,7-2 1= 1,4 mol n H2 O = n CO2 - C tb = 0,4 mol → = 1:0,4 = 2,5 C2 H Vậy ankan đồng đẳng gồm C3 H g / cm3 ## X hiđrocacbon no, mạch hở, phân tử có 32 nguyên tử H Thể tích dung dịch NaOH 8% (d = 1,1 CO2 tối thiểu cần dùng để hấp thụ hết khí *A 102,3 ml B 109,1 ml C 112,5 ml D 120,0 ml tạo thành đốt cháy 3,18 gam X ) C15 H 32 $ X hiđrocacbon no, mạch hở, phân tử có 32 nguyên tử H → X ankan có công thức CO2 Khi đốt 3,18 gam X ( 0,015 mol) tạo 0,225 mol H2O , 0,24 mol CO2 Lượng NaOH tối thiểu để hấp thụ hết NaHCO3 → hình thành muối n CO2 n NaOH → = = 0,225 mol 0, 225.40 0, 08.1,1 → V= = 102,3 ml C2 H CO2 ## Đốt cháy hoàn toàn lít hỗn hợp khí gồm hiđrocacbon X sinh lít khí thể tích khí đo điều kiện nhiệt độ, áp suất) Công thức phân tử X H2O lít (các C2 H A C3 H B C2 H *C CH D C tb C2 H $ Ta có = mà hỗn hợp có H tb C2 H a → X có dạng C2 H Có < = < a → X CH m3 ## Thể tích không khí cần để đốt cháy hết 1,0 m khí thiên nhiên (91% C2 H , 4% *A 9,85 m3 B 7,88 m3 C 3,94 m3 D 1,97 m3 $ Trong CH m3 có 0,91 , 0,04 VCO2 → m = 0,91 + 0,04 =0,99 VO2 Vkk Vậy = = m m3 H , 0,02 m3 N ; 0,03 VH2 O , m3 = 0,91.2 + 0,04.3 + 0,02 = 1,96 0,99.2 + 1,96 VO2 Bảo toàn nguyên tố O → C2 H m3 m3 = 1,97 = 9,85 # Hiện tượng xảy đun nóng toluen với dung dịch thuốc tím ? H2 , 2% N2 3% ) KMnO4 *A Dung dịch bị màu B Có kết tủa trắng C Có sủi bọt khí D Không có tượng o C6 H5 CH t KMnO4 → C6 H5 COOK MnO2 H2O $ +2 + KOH + ↓+ Vậy cho toluen vào dung dịch thuốc tím đun nóng thuốc tím nhạt màu dần kết tủa đen CO2 ## Đốt cháy hỗn hợp hiđrocacbon X thu 2,24 lít phản ứng cháy (đktc) A 2,80 lít *B 3,92 lít C 4,48 lít D 5,60 lít n CO2 H 2O (đktc) 2,7 gam O2 Thể tích tham gia n H2O $ Ta có = 0,1 mol, = 0,15 mol n O2 n CO2 Bảo toàn nguyên tố O → → V= 3,92 lít =2 n H2 O + 2.0,1 + 0,15 n O2 → = = 0,175 mol CH C3 H ## Đốt cháy hoàn toàn m gam hỗn hợp X gồm Giá trị m *A 1,48 B 2,48 C 14,8 D 24,8 CO thu 4,4 gam H 2O 2,52 gam mC + m H mX $ Nhận thấy , C4 H10 = = 0,1.12 + 2.0,14 = 1,48 gam ## Có lọ nhãn chứa chất riêng biệt benzen, toluen, stiren Ta tiến hành theo cách sau để nhận biết chúng ? KMnO4 A Dung dịch , dung dịch brom B Đốt cháy, dung dịch nước vôi dư KMnO4 *C Dung dịch brom, dung dịch AgNO3 / NH3 D Dung dịch brom, dung dịch $ B1: Dùng dung dịch brom nhận stiren: dung dịch brom màu C6 H CH = CH Br2 C6 H − CHBr − CH Br + → Benzen toluen tượng KMnO B2: Phân biệt benzen toluen dung dịch o C6 H5 CH t KMnO4 → C6 H5 COOK +2 , đun nóng MnO +2 H2O ↓ + KOH + KMnO Ta nhận toluen: dung dịch Benzen tượng màu, có kết tủa nâu đen xuất # Hoàn thành cân phương trình phản ứng sau: CH = CH KMnO4 H 2O + + →… Các chất sinh sau phản ứng C2 H (OH) MnO2 *A , , KOH CH CHO MnSO K 2SO H O B , , CH 3COOH C , K 2SO H O , MnO, , CH COOH MnSO K 2SO H O D , , CH = CH $ , KMnO +2 CH (OH) − CH (OH) H 2O +4 →3 +2 CH3 − CH = CH # Cho phương trình phản ứng sau: Các chất sinh sau phản ứng là: C3 H (OH)2 MnO A , MnO2 KMnO + ↓ + 2KOH H2O + → K MnO , C3 H (OH) MnO2 *B , , KOH C2 H5 COOH C , MnO, KOH C2 H5 COOH MnO2 D , , CH3 − CH = CH $ K MnO KMnO4 +2 CH − CH(OH) − CH OH H2O +4 →3 MnO2 +2 CO ## Một hỗn hợp gồm ankin đốt cháy cho 13,2 gam cộng vào hỗn hợp ? *A 32 gam B gam C 24 gam D 16 gam n CO2 n hhankin $ = n Br2 → =2 ↓ + 2KOH H2O 3,6 gam Tính khối lượng brom n H2 O - = 0,3 - 0,2 = 0,1 mol n ankin m Br2 = 0,1 = 0,2 mol → = 0,2 x 160 = 32 gam CO ## X hỗn hợp gồm propan, propen, butan but-2-en Đốt m gam X thu 63,8 g H2 H2O 28,8 g Thêm H2 vừa đủ vào m gam X đun nóng với Ni thu hỗn hợp Y có tỉ khối so với H2 với *A 25,75 B 22,89 C 24,52 26,375 Tỉ khối X so D 23,95 n ankan = n H 2O − n CO2 = 28,8 63,8 − = 0,15 18 44 $ mol m X = mC + m H = 1, 45.12 + 1, 6.2 = 20, (gam) n anken = n H2 Gọi nY = m X + m H2 = m Y 20, + 2b 52, 75 → n X = b + 0,15 Ta có: 20, + 2b 52, 75 b + 0,15 = nX = nY → → b=0,25 20, MX = = 51,5 0, 25 + 0,15 d X/ H = 25, 75 → ## Khi đốt cháy hoàn toàn hiđrocacbon X thu tỉ lệ số mol Vậy X thuộc dãy đồng đẳng A ankan *B anken C ankin D ankađien Cx H y $ Đặt CTC X n CO2 Vì n H2 O = C x H 2x → x = y/2 → y = 2x → X có CTPT → anken CO ## Đốt cháy hoàn toàn hiđrocacbon X, Y liên tiếp dãy đồng đẳng thu 8,4 lít (đktc) 10,35 gam H2O X, Y thuộc dãy đồng đẳng A Aren *B Ankan C Anken D Ankin n CO2 $ Ta có n H2O = 0,375 mol < = 0,575 mol → X,Y hidrocabon thuộc dãy đồng đẳng ankan CH ## Một hỗn hợp X chứa C3 H có số mol Đốt cháy hết hỗn hợp cho sản phẩm cháy qua Ca(OH) bình đựng dung dịch A 2,24 lít B 4,48 lít *C 8,96 lít D 13,44 lít dư khối lượng bình tăng 56,8 gam Thể tích hỗn hợp X (đktc) n CH $ Đặt ∑ n CO2 → n C3 H = = a mol = a + 3a = 4a mol; m CO2 m tan g Ta có = n hhX → ∑n H2O = 2a + 4a = 6a mol m H2 O + = 4a x 44 + 6a x 18 = 56,8 → a = 0,2 mol VX = 0,4 mol → = 0,4 x 22,4 = 8,96 lít [...]... gam O2 Thể tích đã tham gia n H2O $ Ta có = 0 ,1 mol, = 0 ,15 mol n O2 n CO2 Bảo toàn nguyên tố O → 2 → V= 3,92 lít =2 n H2 O + 2.0 ,1 + 0 ,15 2 n O2 → = = 0 ,17 5 mol CH 4 C3 H 6 ## Đốt cháy hoàn toàn m gam hỗn hợp X gồm Giá trị của m là *A 1, 48 B 2,48 C 14 ,8 D 24,8 và CO 2 thu được 4,4 gam H 2O và 2,52 gam mC + m H mX $ Nhận thấy , C4 H10 = = 0 ,1. 12 + 2.0 ,14 = 1, 48 gam ## Có 3 lọ mất nhãn chứa các chất riêng... so với H2 với là *A 25,75 B 22,89 C 24,52 là 26,375 Tỉ khối của X so D 23,95 n ankan = n H 2O − n CO2 = 28,8 63,8 − = 0 ,15 18 44 $ mol m X = mC + m H = 1, 45 .12 + 1, 6.2 = 20, 6 (gam) n anken = n H2 Gọi nY = m X + m H2 = m Y 20, 6 + 2b 52, 75 → n X = b + 0 ,15 Ta có: 20, 6 + 2b 52, 75 b + 0 ,15 = nX = nY → → b=0,25 20, 6 MX = = 51, 5 0, 25 + 0 ,15 d X/ H 2 = 25, 75 → ## Khi đốt cháy hoàn toàn một hiđrocacbon... CH(OH) − CH 2 OH H2O +4 →3 MnO2 +2 CO 2 ## Một hỗn hợp gồm 2 ankin khi đốt cháy cho ra 13 ,2 gam cộng vào hỗn hợp trên ? *A 32 gam B 4 gam C 24 gam D 16 gam n CO2 n hhankin $ = n Br2 → =2 ↓ + 2KOH H2O và 3,6 gam Tính khối lượng brom có thể n H2 O - = 0,3 - 0,2 = 0 ,1 mol n ankin m Br2 = 2 0 ,1 = 0,2 mol → = 0,2 x 16 0 = 32 gam CO 2 ## X là hỗn hợp gồm propan, propen, butan và but-2-en Đốt m gam X thu... hoàn toàn một hiđrocacbon X thu được tỉ lệ số mol Vậy X có thể thuộc dãy đồng đẳng của A ankan *B anken C ankin D ankađien Cx H y $ Đặt CTC của X là n CO2 Vì n H2 O = C x H 2x → x = y/2 → y = 2x → X có CTPT → anken CO 2 ## Đốt cháy hoàn toàn 2 hiđrocacbon X, Y liên tiếp trong dãy đồng đẳng thu được 8,4 lít (đktc) và 10 ,35 gam H2O X, Y có thể thuộc dãy đồng đẳng A Aren *B Ankan C Anken D Ankin n CO2... rồi cho sản phẩm cháy qua Ca(OH) 2 bình đựng dung dịch A 2,24 lít B 4,48 lít *C 8,96 lít D 13 ,44 lít dư thì khối lượng bình tăng 56,8 gam Thể tích hỗn hợp X (đktc) là n CH 4 $ Đặt ∑ n CO2 → n C3 H 8 = = a mol = a + 3a = 4a mol; m CO2 m tan g Ta có = n hhX → ∑n H2O = 2a + 4a = 6a mol m H2 O + = 4a x 44 + 6a x 18 = 56,8 → a = 0,2 mol VX = 0,4 mol → = 0,4 x 22,4 = 8,96 lít ... tự theo cách nào sau đây để nhận biết chúng ? KMnO4 A Dung dịch , dung dịch brom B Đốt cháy, dung dịch nước vôi trong dư KMnO4 *C Dung dịch brom, dung dịch AgNO3 / NH3 D Dung dịch brom, dung dịch $ B1: Dùng dung dịch brom nhận ra stiren: dung dịch brom mất màu C6 H 5 CH = CH 2 Br2 C6 H 5 − CHBr − CH 2 Br + → Benzen và toluen không có hiện tượng gì KMnO 4 B2: Phân biệt benzen và toluen bằng dung dịch