CỘNG ĐỒNG HÓA HỌC VÀ ỨNG DỤNG DIỄN ĐÀN HÓA HỌC BOOKGOL “CHEMISTRY” Collected by Nguyen Duy Anh “Jozesm” Nguyen Duy Anh – Tuyển chọn tập HÓA HỌC kì thi THPT Quốc Gia Trong trình thực LỜI GIẢI tránh khỏi sai xót Rất mong nhận góp ý người để tài liệu hoàn thiện Vì tài liệu tổng hợp lại từ tập THẦY CÔ, ANH, CHỊ BẠN nên đính kèm tên tác giả cho bài, mong quý THẦY CÔ, ANH, CHỊ, BẠN thông cảm bỏ qua CHÂN THÀNH CẢM ƠN MỌI NGƯỜI Thành phố Cao Lãnh – Đồng Tháp, ngày 10 tháng 07 năm 2016 Nguyen Duy Anh – Tuyển chọn tập HÓA HỌC kì thi THPT Quốc Gia Câu Cho m gam hỗn hợp A gồm Cu Fe3O4 tác dụng với dung dịch HNO3 loãng dư thu 7,392 lit NO (điều kiện chuẩn, sản phẩm khử nhất) Cho m gam hỗn hợp A tác dụng với dung dịch HCl dư (dùng dư 8m 20%) thu dung dịch Y gam chất rắn không tan Cho dung dịch Y tác dụng với dung dịch 119 AgNO3 dư thu gam kết tủa (sản phẩm khử NO3- NO) ? A 486,477 gam B 424,440 gam C 447,768 gam D 464,478 gam @ Hướng dẫn giải Gọi số mol Cu Fe3O4 x y, ta có hệ phương trình sau:  64x + 232y = m x = 0,36   2x + y = 0,33.3 ⇒  y = 0, 27  m = 85,68 m  x − y = 952  Nên nCl- = 2,16 mol Do lượng HCl lấy dư 20% nCl- = 2,592 mol Vậy nH+ dư = 0,432 mol Ta có nFe2+ = 0,81 mol Phản ứng với H+ có NO3 lại: 0,81 – 0,432.3/4 = 0,486 mol Do khối lượng kết tủa thu là: 424,44 gam Câu Hỗn hợp H gồm peptit X, Y, Z mạch hở tạo alanin glyxin, X Y đồng phân, MY < MZ, H có mO : mN = 52 : 35 Đun nóng hết 0,3 mol H dung dịch KOH, cô cạn dung dịch sau phản ứng thu 120 gam rắn khan T Đốt cháy hết T thu 71,76 gam K2 CO3 Biết tổng số nguyên tử oxi peptit 17 Tổng số nguyên tử có phân tử Z ? A 62 B 71 C 68 D 65 @ Hướng dẫn giải 16x + 16 52 10 = ⇒x= 14x 35 Ta có: nK2CO3 = 0,52 mol hay nKOH = 1,04 mol mà nKOHpư = mol nên dư 0,04 mol Vậy khối lượng muối Gly Ala 117,76 gam Gọi x y mol muối Gly Ala hệ: x + y =  x = 0, 66 ⇒  113x + 127y = 117, 76  y = 0,34 Vì x = 3,333 nên có hai cặp thỏa mãn (dipeptit ; decapeptit) hay (tripeptit ; octapeptit) Trường hợp dipeptit decapeptit tính số C Z lẻ nên loại a + b = 0,3 a = 0, 28 Trường hợp tripeptit octapeptit Ta gọi a b mol (X, Y) Z hệ:  ⇒ 3a + 8b = b = 0, 02 2.0, 66 + 3.0, 34 = 7,8 nên X Y dạng (Gly)2Ala tính CZ = 19 Vì số Ctb = 0,3 Nên Z C19H32N8O9 Z có tổng số 68 nguyên tử Quy CnxH2nx+2-xNxOx+1 theo đề mO : mN = 52 : 35 nên ta có: Câu X peptit mạch hở tạo từ loại α-aminoaxit no chứa nhóm –NH2 nhóm –COOH, Y hợp chất hữu thuộc dãy đồng đẳng axit oxalic, Z este không chứa nhóm chức khác Đun nóng 27,42 gam hỗn hợp E dạng chứa X, Y, Z với dung dịch NaOH vừa đủ, chưng cất dung dịch sau phản ứng, thu a gam ancol T hỗn hợp gồm muối Dẫn toàn a gam T qua bình đựng Na dư, thấy khối lượng bình tăng 5,28 gam; đồng thời thoát 2,016 lít khí H2 (đktc) Đốt cháy hoàn toàn hỗn hợp muối cần dùng 0,6 mol O2, thu N2, CO2, 8,64 gam H2O 25,44 gam Na2CO3 Phần trăm khối lượng X có hỗn hợp E ? A 52,51% B 54,67% C 45,34% D 43,97% Nguyen Duy Anh – Tuyển chọn tập HÓA HỌC kì thi THPT Quốc Gia @ Hướng dẫn giải C H NO Na : a mol Tìm ancol sobitol với số mol 0,03 mol Hai muối có dạng:  n 2n C m H 2m− Na O : b mol a + 2b = 0, 48 a = 0, 48   → b = 0,12 Gọi mol CO2 x mol ta có hệ sau: 0, 48 − x = 0, 5a − b 2a + 4b + 0, 6.2 = 2x + 0, 24.3 + 0, 48  x = 0, 48   Dễ có Ctb hai muối nên amino axit glyxin axit oxalic Dễ có nZ = 0,03 mol, nY = 0,03 mol nên tính mol X 0,04 mol từ mol muối nên X Gly6 nên %X = 52,51% Câu Cho hỗn hợp X gồm peptit mạch hở gồm Gly–Ala, X1–Ala, Glu–X2–Ala (A), Lys–Ala–X3 (B) Lys−Ala−Ala−Lys (C) nA : nB : nC = : : X1, X2, X3 α−amino axit no, mạch hở, phân tử có nhóm −NH2 nhóm −COOH Cho (m) gam hỗn hợp X tác dụng vừa đủ với NaOH đun nóng thu dung dịch chứa (m + 9,04) gam muối α−amino axit Đốt cháy hoàn toàn (m) gam hỗn hợp X thu 20,496 lit CO2 (đktc) 15,39 gam nước Khối lượng muối thu cho lượng X tác dụng với dung dịch H2SO4 loãng dư cô cạn cẩn thận ? A 52,13 gam B 53,33 gam C 39,61 gam D 49,57 gam @ Hướng dẫn giải Ta tách A thành: Glu−X2−Ala + H2O → Glu + X2−Ala 4x mol 4x mol 4x mol Lys–Ala–X3 + H2O → Lys + Ala–X3 2x mol 2x mol 2x mol 2Lys + Ala−Ala Lys−Ala−Ala−Lys + 2H2O → x mol 2x mol 2x mol Vì sản phầm có dipeptit mà α−amino axit no hở, nhóm −NH2 −COOH nên: X−X + H2O → 2CnH2n+1NO2 0,5 mol 0,5y mol y mol Glu : 4x mol Lys : 4x mol  Vậy đến ta quy hỗn hợp X thành:  C n H 2n +1NO : y mol H O : − ( 8x + 0, 5y ) mol  Bảo toàn khối lượng ta có: m + mNaOH = m + 9,04 + mH2O Hay: 40(4x.2 + 4x + y) = 9,04 + 18(4x.2 + 4x + y – 8x – 0,5y) Sau lập phương trình đốt cháy tìm x = 0,01 mol, y = 0,16 mol yn = 0,145 mol Suy (m) = 23,01 + 98(4x + 4x.2 + y) – mH2O = 23,01 + 98(0,04 + 0,08 + 0,16) – 18(- 0,16) = 53,33 gam Câu X, Y hai este mạch hở có công thức CnH2n-2O2, Z T hai peptit mạch hở tạo từ glyxin alanin (Z T liên kết peptit) Đun nóng 27,89 gam hỗn hợp E chứa X, Y, Z T cần dùng dung dịch chứa 0,37 mol NaOH, thu muối hỗn hợp chứa ancol có tỉ khối so với He 8,4375 Nếu đốt cháy hoàn toàn 27,89 gam E lấy sản phẩm cháy gồm CO2, H2O N2 dẫn qua bình đựng dung dịch Ca(OH)2 dư thu 115,0 gam kết tủa, khí thoát tích 2,352 lit (đktc) Phần trăm khối lượng T (MZ < MT) có hỗn hợp E ? A 12,37% B 15,65% C 13,24% D 17,21% @ Hướng dẫn giải Ta có nN2 = 0,105 mol Đặt công thức chung hai peptit CmxH2mx+2–xNxOx+1 có mol 0,21/x mol Nhận thấy nNaOH phản ứng với peptit 0,21 mol nên nNaOH phản ứng với este 0,16 mol Nguyen Duy Anh – Tuyển chọn tập HÓA HỌC kì thi THPT Quốc Gia 0,16n + 0, 21m = 1,15  Vậy ta có hệ:  0, 21 0,16(14n + 30) + x (14mx + 29x + 18 ) = 27,89 Từ (**) ta x = 4,2 nên hai peptit Z4 T5 tính nZ = 0,04 mol nT = 0,01 mol Biện luận tìm muối este CH2=CHCOONa: 0,16 mol Bảo toàn khối lượng ta tính khối lượng muối Gly Ala 21,35 gam Suy nGly = 0,14 mol nAla = 0,07 mol Suy được: Z: (Gly)3(Ala) T: (Gly)2(Ala)3 Vậy %T = 12,37% Câu Hỗn hợp E gồm chất hữu X, Y Z no, mạch hở (trong Y este chức Z este tạp chức có công thức phân tử C7H8O8) Thủy phân hoàn toàn (m) gam E lượng dung dịch NaOH vừa đủ, sau phản ứng thu dung dịch A chứa 26,9 gam hai muối 17,6 gam hỗn hợp B gồm có X, ancol đơn chức ancol đa chức có oxi chiếm 52,174% theo khối lượng Cô cạn dung dịch A nung vôi xút thu 0,5 gam khí H2 Cho toàn B tác dụng với nước brom dư thấy có 24 gam brom phản ứng Mặt khác, đốt cháy hết B thu 14,56 lit khí CO2 (đktc) 16,2 gam H2O Tỉ lệ khối lượng X Z ? A 0,6 B 0,5 C 0,4 D 0,3 (Nguyễn Duy Anh – Jozesm) @ Hướng dẫn giải Ta xử lí kiện A trước, nhận thấy hai muối tạo H2 nung với vôi xút Nên hai muối (COONa)2 (0,15 mol) HCOONa (0,1 mol) X : x mol  Tiếp theo kiện B Ta dễ xác định ancol đa C3H5(OH)3 B gồm ROH : y mol C H (OH) : z mol  B tác dụng với brom, nên X phải có nhóm chức –CHO Vậy X andehyt HCOOH Khi đốt cháy B thu 0,65 mol CO2 0,9 mol H2O nên: y + z = 0,25 (*) Nếu X andehyt đơn chức: 0,15 + y + 3z + 1,7 = 2,2 (**) Nếu X andehyt đa chức: 0,15n + y + 3z + 1,7 = 2,2 (***) Nếu X HCOOH: 0,3 + y + 3z + 1,7 = 2,2 (****) Nhận thấy có (*) (**) thỏa mãn, nên X andehyt đơn chức Từ (*) (**) ta có y = 0,2 mol z = 0,05 mol Như ta có: 0,15X + 0,2(ROH) + 0,05.92 = 17,6 hay 3X + 4(ROH) = 260 Chỉ có X CH3CHO ROH CH3OH thỏa mãn Như từ liệu vừa tìm kết hợp với Z có công thức phân tử C7H8O8 Ta biện luận suy hỗn hợp E gồm: 0,15 mol X : CH3 CHO mX 0,15.44  0,1 mol → = = 0,6 Y : (COOCH3 )2 mZ 0,05.200 Z : HOOC − COO − C H − (OOCH) 0,05 mol  Câu Thủy phân hoàn toàn a mol tetrapeptit (E) Ala-X-X-Gly (X amino axit chứa 1nhóm –NH2) cần dùng dung dịch chứa 6a mol NaOH Mặt khác đốt cháy 11,28 gam E cần dùng V lit O2 (đktc) thu sản phẩm cháy gồm CO2, H2O N2 Dẫn toàn sản phẩmcháy qua bình đựng dung dịch Ba(OH)2 thu 41,37 gam kết tủa; đồng thời khối lượngdung dịch thu giảm 18,81 gam Khối lượng phân tử X ? A 132 B 133 C 147 D 161 @ Hướng dẫn giải Từ mol NaOH ta thấy X có hai nhóm – COOH Ta quy hỗn hợp E thành: C n H 2n −1 NO : 4a mol H O : a mol CO2 : 2a mol an = 0,0825 mE = 56na + 222a = 11,28 ⇒ ⇒ + = + = − m m 248na 70a 41,37 18,81 H2 O  CO2 a = 0,03 Nguyen Duy Anh – Tuyển chọn tập HÓA HỌC kì thi THPT Quốc Gia Ta có nC = 4an + 2a = 0,39 = 0,03(2 + + 2Cx) suy Cx = nên HOOC-CH2CH(NH2)COOH @ Chú ý: CnH2n-1NO gốc axyl amino axit nước Và nCO2 = nCOOĐể tính mol H2O ta xét sau: Vì tetrapeptit nên tạo amino axit: X4 + 3H2O → 4X1 a mol 3a mol 4a mol Và X1 tách nước tạo gốc axyl nên tổng nước lại nH2O = −3a + 4a = a mol Câu X peptit tạo từ α-amino axit no, mạch hở Thủy phân hoàn toàn peptit X theo phản ứng sau: H + ,t → 2A + 3B (1) X + 4H2O  (2) X + 7NaOH → 2A’ + 3B’ + 3H2O Lấy 0,1 mol B cho tác dụng với 200 ml dung dịch NaOH 1M thu dung dịch E Dung dịch E tác dụng vừa đủ với 400 ml dung dịch HCl 1M Mặt khác đốt cháy 16,85 gam X oxi vừa đủ thu CO2, 12,15 gam H2O N2 Khối lượng phân tử X ? A 660 B 674 C 702 D 632 @ Hướng dẫn giải @ Cách Nhận thấy X pentapeptit B amino axit có nhóm –NH2 nhóm –COOH Và A amino axit có nhóm –COOH nhóm –NH2 Từ giả thiết ta có X có dạng A2B3 Ta quy hỗn hợp thành: C n H 2n −1 NO : 5a mol  16,85 H O : a mol m X = 70an + 296a = 16,85  na = 0,135 → → → MX = = 674  0,025 a = 0,025 CO : 2a mol n H2 O = 5an = 0,675  NH : 3a mol @ Cách Ta có A: CnH2n-1NO4 (n ≥ 3) B: CmH2m+2N2O2 (m ≥ 2) X A2B3 Khi tạo X A 2H B 3H Nên đốt X tạo (2n + 3m – 2) Ta có biểu thức tính nhanh: 16,85 16,85  2664  ( 36n + 54m − 36 ) = 12,15 ⇔  MX −  = 12,15 28n + 42m + 268 MX  7  Câu Hỗn hợp E gồm peptit mạch hở X (CnHmO6N4) chất hữu Y (C4H12O2N2) Đun nóng hỗn hợp E chứa X Y 80 ml dung dịch NaOH 2M thu dung dịch Z có chứa muối số nguyên tử cacbon với Y Để trung hòa Z cần 10 ml dung dịch HCl 2M Cô cạn dung dịch sau phản ứng thu (m) gam muối khan Đốt cháy toàn lượng muối cần dung dùng 13,552 lit O2 (đktc) Giá trị gần (m) ? A 18 gam B 19 gam C 20 gam D 17 gam @ Hướng dẫn giải Điểm đặc biệt X O6N4 Do X amino axit cấu thành 4C Do amino axit có dạng giống Glu (HOOC−CH2−CH(NH2)−COOH), amino axit giống Lys (H2N−[CH2]2−CH(NH2)−COOH) amino axit giống Gly (CH3CH2CH(NH2)COOH) X tripeptit Vì Y tạo muối 4C nên Y có cấu tạo là: H2N[CH2]3COONH4 Như hỗn hợp muối gồm: NaOOCCH CH(NH2 )COONa : a mol H N[CH2 ]2 CH(NH2 )COONa : a mol C H5 CH(NH )COONa : a mol H N[CH2 ]3 COONa : b mol C4 H5 NO4 Na    C4 H9 N2 O2 Na  4a + b = 0,16 − 0,02 a = 0,02 mol  ⇒ ⇒ ⇒ C4 H8 NO2 Na  3,75a + 5,5a + 5,25a + 5,25b = 0,605 b = 0,06 mol   C4 H8 NO2 Na  Vậy (m) = 0,02.317 + 0,02.125 + 0,06.125 + 0,02.58,5 = 17,51 gam Nguyen Duy Anh – Tuyển chọn tập HÓA HỌC kì thi THPT Quốc Gia Câu 10 Hỗn hợp E gồm peptit X no, mạch hở, cấu tạo từ α−amino axit có dạng (CxHyN4 O8) este Y chức Cho (m) gam hỗn hợp E tác dụng với dung dịch NaOH vừa đủ, sau phản ứng thu dung dịch A chứa muối no 1,76 gam hỗn hợp B gồm hai ancol Z T (tỉ lệ MZ : MT : 7) Lấy toàn lượng B tác dụng với dung dịch AgNO3/NH3 dư thu 3,26 gam kết tủa Cô cạn dung dịch A thu 18,06 gam rắn khan C Mặt khác, đốt cháy 0,12 mol C sau lấy lượng sản phẩm cháy dẫn qua dung dịch Ba(OH)2 dư thu 94,56 gam kết tủa Phần trăm theo khối lượng X E có giá trị gần với ? A 65,78% B 25,52% C 79,21% D 75,52% (Nguyễn Duy Anh – Jozesm) @ Hướng dẫn giải Nhận thấy peptit có N4O8 Vậy X có amino giống Glu, amino giống Lys Ta thấy Z T hai ancol, mà tạo kết tủa với dung dịch AgNO3/NH3 nên có nối ba Tỉ lệ MZ MT 4:7 nên hai ancol CH3OH CH≡C−CH2OH Dễ tìm nZ = nT = 0,02 mol Như este Y phải este hai chức Khi đốt cháy muối nCO2 = 0,48 mol nên muối có 4C phân tử Vậy este Y là: C2H4(COOCH3)(COOCH2−C≡CH) Như X cấu tạo hai amino axit có 4C, amino giống Glu amino giống Lys Nên hai amino axit là: (M) HOOC−CH2CH(NH2)COOH (N) H2N[CH2]2CH(NH2)COOH  NaOOC − CH 2CH(NH )COONa : 2a mol  Như X có dạng M2N Vậy muối gồm: H N[CH ]2 CH(NH )COONa : a mol C H (COONa) : 0, 02 mol  Vậy a = 0,03 mol nên nX = 0,03 mol suy mX = 10,44 gam Và mE = 13,84 gam.Nên %X = 75,43% Câu 11 Hỗn hợp A gồm X, Y hai peptit mạch hở, cấu tạo từ glyxin alanin (tổng số liên kết peptit tích số liên kết peptit X Y 20, MX < MY) este chức, mạch hở CnH2n-14O4 (có nhóm −CH= phân tử) Cho 57,125 gam A tác dụng vừa đủ với 0,765 mol NaOH thu (m) gam hỗn hợp B gồm muối (trong có muối C6H5ONa) 8,28 gam ancol no, mạch hở đơn chức Đốt cháy hoàn toàn (m) gam B cần 60,06 lit khí O2 (đktc) thu sản phẩm gồm Na2CO3, hỗn hợp khí C gồm CO2, H2O N2 Dẫn C qua bình Ca(OH)2 dư, thấy khối lượng bình tăng 117,59 gam thoát khí N2 Phần trăm theo khối lượng X A ? A 7,3% B 8,5% C 8,7% D 7,8% @ Hướng dẫn giải Hai peptit X pentapetit Y hexapeptit Ancol C2H5OH: 0,18 mol Dễ thấy este là: C2H5OOC−CH=C=CH−COOC6H5: 0,18 mol Ta có nNpeptit = 0,765 – 0,18.3 = 0,225 mol Như nN2 = 0,1125 mol Bảo toàn khối lượng ta tính khối lượng muối 75,485 gam Bảo toàn khối lượng phản ứng thủy phân tìm mH2O = 3,96 gam hay nH2O = 0,22 mol Lại có nH2O peptit = 0,22 – 0,18 = 0,04 mol Gọi x, y mol X Y dễ có x = 0,015 mol y = 0,025 mol Lại có m(X+Y) = 15,365 gam biện luận tìm X: Gly3 Ala2 Y: Gly2Ala4 Vậy %X = 8,7% Câu 12 Hỗn hợp X gồm Cu, Fe2O3 FeCO3 Cho m gam hỗn hợp X tác dụng với dung dịch HCl dư thu dung dịch Y, V lit khí (đktc) 6,4 gam kim loại không tan Cô cạn dung dịch Y lấy chất rắn rắn khan cho vào dung dịch AgNO3 dư thu 125,66 gam kết tủa Nếu cho m gam hỗn hợp X tác dụng với dung dịch HNO3 loãng dư thu 38V/15 lit hỗn hợp khí (đktc, NO sản phẩm khử nhất) Giá trị V ? A 2,24 lit B 1,68 lit C 2,688 lit D 3,36 lit Nguyen Duy Anh – Tuyển chọn tập HÓA HỌC kì thi THPT Quốc Gia @ Hướng dẫn giải Ta có sơ đồ sau:  Cu : (b + 0,1) mol   V   Fe2+ : a mol − a    22,4   mol + HCl → Cu 2+ : b mol + Cu + H2O Fe2O3 :  { + CO {2   0,1 mol   − V lit   Cl : ( 2a + 2b ) mol     FeCO3 : V mol  22,4 Như ta có: 143,5(2a + 2b) + 108a = 125,66 2(b + 0,1) + Lại có 2nCu2+ = 2nFe2O3 đó: 2b = a - V 38V  =  − V 22,  15  V Giải phương trình ta tìm V = 2,24 lit 22, Câu 13 Hòa tan hoàn toàn 16,4 gam hỗn hợp X gồm FeCO3, Fe2O3, FeS FeS2 73,5 gam dung dịch H2SO4 80%, kết thúc phản ứng thu dung dịch Y hỗn hợp khí Z gồm khí có tỉ khối so với He 46 Hấp thụ toàn Z vào dung dịch Ca(OH)2 dư thu 52,8 gam kết tủa Cho BaCl2 dư vào dung dịch Y thu 69,9 gam kết tủa Nếu cho từ từ dung dịch chứa 0,24 mol Ba(OH)2 vào dung dịch Y lượng kết tủa thu ? A 66,62 gam B 73,04 gam C 68,76 gam D 67,69 gam @ Hướng dẫn giải Quy X thành Fe, S, O C ta có sơ đồ: Fe : x  S : y  O : z C : 2a mol Fe3+ : x mol CO2 : 2a mol + H 2SO4 → SO42− : (0, + y − 13a) mol + + H2O { mol 123 SO :13a mol  (z − 4y + 22a ) + 0,6 mol H : (1, − 2z + 8y − 44a) mol mol mol mol Dễ tính a = 0,03 mol Lại có 0,6 + y – 13a = 0,3 nên y = 0,09 mol Từ kiện thông tin đề ta lập hệ phương trình: 56x + 32y + 16z + 24a = 16,4 x = 0,16 mol ⇒  3x + (1,2 − 2z + 8y − 44a) = 2(0,6 + y − 13a) z = 0,24 mol Đến suy đáp án khối lượng kết tủa 68,76 gam Câu 14 Hỗn hợp E F chứa este nhị chức X, Y (MX > MY) axit đơn chức Biết rằng, đốt cháy 324 hết X tỉ lệ khối lượng CO2 so với O2 phản ứng 1,375 Lấy (m > 40) gam E trộn với gam F, sau m − 31, 32 cho phản ứng hết với KOH thu lượng muối nhỏ Lấy (m) gam E tác dụng đủ với 740 ml dung dịch NaOH 1M, thu hỗn hợp ancol Z liên tiếp dung dịch T chứa 54,96 gam muối (có số C không không trùng nhau) Cô cạn T nung với vôi xút thu 9,408 lit (đktc) hỗn hợp khí có tỉ khối so với He 51 Mặt khác, đốt cháy hết Z thu 0,76 mol CO2 25,2 gam nước Phần trăm theo khối 14 lượng Y hỗn hợp E có giá trị gần với ? A 47% B 48% C 49% D 50% (Nguyễn Duy Anh – Jozesm) Nguyen Duy Anh – Tuyển chọn tập HÓA HỌC kì thi THPT Quốc Gia @ Hướng dẫn giải Đầu tiên ta cần tìm giá trị m Sử dụng bất đẳng thức Cauchy ta tìm m = 49,32 gam Ta có mol ancol = 1,4 – 0,76 = 0,64 mol Nên Ctb = 1,1875 hai ancol CH3OH (0,52 mol) C2H5OH (0,12 mol) Ta có Mkhí = 14,57 nên có khí H2 (0,2 mol) Tìm khí lại C2H2 (0,22 mol) Đốt cháy X cần mol O2 với mol CO2 nên công thức X thỏa mãn CH3COO–C≡C–COOC2H5 Do muối este hai chức lại (COONa)2 Muối lại HCOONa CH≡C–COONa Nhận thấy CH≡C–COONa thỏa mãn CH3COO − C ≡ C − COOC H : 0,12 mol  Nên %Y = 47,85% Suy chất E gồm: (COOCH3 )2 : 0,2 mol CH ≡ C − COOH : 0,1 mol  Câu 15 Hỗn hợp X gồm Al2O3 Al oxi chiếm 43,243% khối lượng hỗn hợp Cho m gam hỗn hợp X tan hết dung dịch chứa HCl (HCl lấy dư) thu dung dịch Y a mol H2 Rót từ từ vào dung dịch Y hết dung dịch chứa 16a mol NaOH ta có đồ thị sau: Số mol Al(OH)3 0,63 Số mol NaOH 5a/6 16a Cho m gam hỗn hợp X tác dụng với dung dịch HNO3 dư thu 0,5a mol NO dung dịch Z Cô cạn dung dịch Z thu m1 gam muối khan Giá trị m1 ? A 181,32 B 169,64 C 193,48 D 179,82 @ Hướng dẫn giải 0, 43243m 0,56757m Ta có mO = 0,43243m gam hay nO = mol Vậy nAl = mol 16 27 0,56757m 2.0, 43243m  0,56757m 2.0, 43243m  Tính nAl đơn chất là: → 1,  − =a 27 16.3 27 16.3   5a  0,56757m  Lại có: 16a − =   − 0, 63 27   Giải (*) (**) ta được: a = 0,18 mol m = 39,96 gam Bảo toàn electron tính nNH4NO3 = 0,01125 mol Vậy m1 = 179,82 gam (*) (**) Câu 16 X, Y hai este no, đơn chức, nhóm –CH2, Z este hai chức, không no chứa liên kết C=C (X, Y, Z mạch hở) Đun nóng hỗn hợp E chứa X, Y, Z cần dùng 280 ml dung dịch NaOH 1M, thu hỗn hợp F chứa ancol đơn chức hỗn hợp gồm muối Đốt cháy toàn F cần dùng 0,92 mol O2, thu 0,64 mol CO2 Nung hỗn hợp muối với vôi xút thu hỗn hợp khí T có tỉ khối so với He 0,85 Phần trăm khối lượng Y (MX < MY) có hỗn hợp E ? A 6,05% B 12,11% C 8,07% D 10,09% Nguyen Duy Anh – Tuyển chọn tập HÓA HỌC kì thi THPT Quốc Gia @ Hướng dẫn giải Ta có nROH = 0,28 mol Nên Ctb = 2,28 Htb = nên C2H5OH (0,2 mol) C3H5OH (0,08 mol) Do MT = 3,4 nên khí có H2 CH4 ta có nH2 : nCH4 = : Như muối gồm: HCOONa, CH3COONa (COONa)2 Vì Z có liên kết C=C nên Z C2H5OOC – COOC3H5: 0,08 mol Gọi số mol HCOOC2H5 CH3COOC2H5 a b Ta có: a + b = 0,2 – 0,08 = 0,12 mol (*) Lại có tỉ lệ CH4 : H2 = : nên ta có (a + 0,08)/b = (**) Giải (*) (**) ta được: a = 0,1 mol b = 0,02 mol Vậy %CH3COOC2H5 = 8,07% Câu 17 X, Y hai axit cacboxylic thuộc dãy đồng đẳng axit acrylic, Z ancol đa chức, T este mạch hở tạo X, Y, Z Đun nóng 36,68 gam hỗn hợp E chứa X, Y, Z, T với dung dịch KOH vừa đủ, thu ancol Z hỗn hợp muối Dẫn toàn Z qua bình đựng Na dư, thấy khối lượng bình tăng 13,35 gam; đồng thời thoát 5,04 lít khí H2 (đktc) Đốt cháy toàn muối cần dùng 1,5 mol O2, thu CO2, H2O 20,7 gam K2CO3 Phần trăm khối lượng T có hỗn hợp E ? A 76,1% B 67,6% C 42,3% D 63,4% @ Hướng dẫn giải Ta có ancol C3H5(OH)3: 0,15 mol Muối có dạng CnH2n-3 KO2 : 0,3 mol Khi đốt cháy ta có nCO2 – nH2O = nmuối Vậy: x – y = 0,3 2x + y = 0,3.2 + 1,5.2 – 0,15.3 Giải ta x = 1,15 mol y = 0,85 mol Vậy Ctb = 13/3 Do hỗn hợp ban đầu gồm: C13/3H20/3O2: a mol, C3H5(OH)3: b mol (C10/3H17/3COO)3C3H5: c mol  a + 3b = 0,3 a = 0, 06   Ta có: b + c = 0,15 ⇔ b = 0,07 Vậy %T = 67,61%  272 c = 0, 08   a + 92b + 310c = 36, 68  Câu 18 Este X (CnH2n-6O6) mạch hở tạo glyxerol axit cacboxylic đơn chức, có axit Y chứa liên kết C=C Đốt cháy x gam hỗn hợp E chứa X, Y với oxi vừa đủ, thu 1,14 mol CO2 0,78 mol H2O Mặt khác đun nóng x gam E với dung dịch NaOH vừa đủ, thu 33,54 gam muối Phần trăm khối lượng X có hỗn hợp E A 28,84% B 25,12% C 27,35% D 24,48% @ Hướng dẫn giải Ta có X: CnH2n-6O6: a mol (4π) Y: CmH2m-2O2: b mol (2π) Do 3a + b = nCO2 – nH2O = 0,36 mol Mà nO(E) = 6a + 2b = 0,72 mol Bảo toàn khối lượng ta (x) = 26,76 gam Tác dụng với NaOH nC3H5(OH)3 = a mol, nH2O = b mol Vậy ta có: 92a + 18b = 26,76 + 40.0,36 – 33,54 = 7,62 Suy được: a = 0,03 mol b = 0,27 mol Vậy Ctb = 3,8 nên Y CH2=CH – COOH: 0,27 mol nên ta suy mX = 7,32 gam Nên %X =27,35% Câu 19 X, Y, Z este mạch hở không chứa nhóm chức khác (trong X no, Y không no chứa liên kết C=C Z chứa liên kết π tong phân tử, số mol Y 1/3 số mol hỗn hợp) Đun nóng 46,4 gam E cần dùng 480 ml dung dịch NaOH 1,5M thu ancol T hỗn hợp chứa muối axit cacboxylic đơn chức có tỉ lệ mol : Dẫn toàn T qua bình đựng Na dư thấy khối lượng bình tăng 21,36 gam Phần trăm khối lượng Y có hỗn hợp E A 35,68% B 36,42% C 34,83% D 32,16% @ Hướng dẫn giải Do có ancol nhất, mà theo đề muối lại đơn chức, X no, Y có C=C Z có 5π nên este đơn chức mà phải từ chức trở lên Nguyen Duy Anh – Tuyển chọn tập HÓA HỌC kì thi THPT Quốc Gia Biện luận thấy ancol C3H5(OH)3 thỏa mãn, nên tất chức Mol ancol 0,24 mol Bảo toàn khối lượng khối lượng muối 53,12 gam Ta có RCOONa: 0,56 mol R’COONa: 0,16 mol Tìm R = (H) R’ = 27 (C2H3) Vậy X: (HCOO)3C3H5, Y: (HCOO)2C3H5OOCC2H3 Z: (C2H3COO)2C3H5OOCH x + y + z = 0, 24   Lập hệ:  y = ( x + y + z ) Giải y = 0,08 mol Nên %Y = 34,83%  176x + 202y + 228z = 46, Câu 20 Đốt cháy 0,2 mol hỗn hợp E chứa este X, Y, Z, T mạch hở, có số nguyên tử cacbon không chứa nhóm chức khác, thu 17,92 lit CO2 (đktc) Mặt khác đun nóng 24,65 gam E cần dùng 350 ml dung dịch NaOH 1M, thu hỗn hợp muối hỗn hợp F gồm ancol không nhóm chức Đun hỗn hợp muối với vôi xút đến phản ứng xảy hoàn toàn thu 7,84 lít (đktc) hỗn hợp khí có tỉ khối so với He 3,25 Phần trăm khối lượng este có khối lượng phân tử lớn hỗn hợp E A 38,29% B 38,29% C 57,44% D 47,87% @ Hướng dẫn giải Tất chất E có 4C Vì ancol khác chức nhau, mà chất hở nên có ancol chức ancol hai chức Và có 4C nên ancol hai chức C2H4(OH)2 Mặt khác, Mkhí = 13 nên có H2 E có gốc HCOO Nếu ancol chức C2H5OH có tối đa este thỏa Như ancol phải CH3OH Vậy E gồm (HCOO)2C2H4, C2H5COOCH3, C2H3COOCH3 C2HCOOCH3 Gọi mol x, y, z t Ta có hệ phương trình sau: 2x + y + z + t = 0, 24  118x + 88y + 86z + 84t = 24, 65 4x + 30y + 28z + 26t = 4, 55  Lấy (2) – 59(1) 29y + 27z + 25t = (*) Lấy (3) – (*) 2x + 29y + 27z + 25t = 4,2 nên x = 0,1 mol Và mol este lớn Vậy %Estemax = 47,87% Câu 21 Cho 33,4 gam hỗn hợp rắn X gồm Mg, MgO, Fe(NO3)2 FeCO3 vào dung dịch chứa 1,29 mol HCl 0,166 HNO3, khuấy cho phản ứng xảy hoàn toàn, thu dung dịch Y chứa muối 0,163 mol hỗn hợp khí Z gồm N2O, N2 0,1 mol CO2 Cho dung dịch AgNO3 dư vào dung dịch Y thu 191,595 gam kết tủa Nếu tác dụng tối đa với chất tan có dung dịch Y cần dùng dung dịch chứa 1,39 mol KOH Biết tổng số mol nguyên tử oxi có X 0,68 mol Số mol N2 có Z ? A 0,028 B 0,031 C 0,033 D 0,035 @ Hướng dẫn giải Khi cho KOH vào Y ta thu được: nKCl = 1,29 mol nên nKNO3 = 0,1 mol Mg 2+ : 0,575 − 0,5y − 1, 5z Mg MgO : 0,38 − 6z HCl :1, 29   Ta có sơ đồ:  + → HNO3 : 0,166 Fe(NO3 ) : z FeCO3 : 0,1 Fe 2+ : 0, 06 Fe3+ : 0, 04 + z Cl :1, 29 NO3− : 0,1 CO : 0,1 + N2  + H 2O   : 0, 063  N 2O  NH +4 : y Tính được: nMg = 0,195 – 0,5y + 4,5z Nguyen Duy Anh – Tuyển chọn tập HÓA HỌC kì thi THPT Quốc Gia 2z + 0,166 = 0,1 + y + 0,126  y = 0, 04 Vậy ta có hệ:  → 24 ( 0,195 – 0,5y + 4,5z ) + 40(0,38 − 6z) + 180z + 11, = 33, z = 0, 05 Bảo toàn oxi nN2O = 0,03 nên nN2 = 0,033 mol Câu 22 Hòa tan hoàn toàn 11,27 gam hỗn hợp X gồm Mg (31x mol), MgO (3x mol), Fe3O4, Al2O3 Cu(NO3)2 (trong oxi chiếm 29,82% theo khối lượng) dung dịch chứa HCl KHSO4, sau phản ứng thu dung dịch Y chứa 55,17 gam muối trung hòa 0,78 gam hỗn hợp khí (có chứa 0,02 mol H2) Cho dung dịch tác dụng với lượng dư dung dịch AgNO3 sau phản ứng thu 29,51 gam kết tủa (không kể Ag2SO4) Mặt khác, lấy lượng kết tủa lớn cho Y tác dụng với dung dịch KOH đem nung không khí đến khối lượng không đổi thu 11,11 gam chất rắn Cho phát biểu sau: (1) Phần trăm theo khối lượng oxit sắt X có giá trị gần với 15,5% (2) Số mol KOH tối đa tác dụng với dung dịch Y 0,62 mol (3) Phần trăm theo số mol Mg đơn chất X có giá trị gần với 74,7% (4) Phần trăm theo khối lượng oxi hỗn hợp khí có giá trị gần với 39,6% Trong số phát biểu trên, số phát biểu xác ? A B C D (Nguyễn Duy Anh – Jozesm) @ Hướng dẫn giải Ta có sơ đồ sau: Mg 2+ Fe3+ Mg  MgO HCl : x  + → Fe3O KHSO : y Al O  Cu ( NO3 )2 : a Fe 2+ : t  N : 2a − z   0, 78 − 14 ( 2a − z ) 2+ Cu : a + O : H + 2O { 16  + 0,5( x + y) − 2z − 0,02 K :y H : 0, 02 SO24− : y Al3+ Cl− : x NH 4+ : z Khối lượng kim loại oxit: m = 55,17 – (39y + 96y + 35,5x + 18z) Ta có ne kim loại là: ne = x + 2y – z – y = x + y – z x+ y−z+ t Vì dung dịch có Fe2+ nên số mol oxi có oxit là: nO = BTKL  → 27,5x + 127y + 36z = 44, 32  x = 0, 0, 78 − 14(2a − z)  y = 0,3 16  Ta có hệ sau: →  x + y − z + t  z = 0, 02 KLCR  →11,11 = 55,17 − (39y + 96y + 35,5x + 18z) + 16       t = 0, 0075 BTO  → 0, 21 = 0,5x + 0,5y − 2z − 0, 02 + KLKT  →143, 5x + 108t = 29,51 Nguyen Duy Anh – Tuyển chọn tập HÓA HỌC kì thi THPT Quốc Gia Câu 23 Hòa tan hoàn toàn 16,935 gam hỗn hợp X gồm MgO, Cu(NO3)2, FeS, Al2O3 Zn (oxi chiếm 21,73% theo khối lượng) vào dung dịch hỗn hợp chứa Ba(NO3)2 HCl, sau phản ứng thu 2,18 gam hỗn hợp khí (trong có 0,2 mol H2) Lọc sản phẩm dung dịch Y chứa 36,695 gam muối Cho lượng Ba(OH)2 vào dung dịch Y, sau phản ứng có 0,448 lit khí (đktc) bay lượng kết tủa lớn thu có khối lượng 33,445 gam (trong oxi chiếm 42,099% theo khối lượng) Lấy lượng kết tủa đem nung không khí đến khối lượng không đổi thu 25,565 gam chất rắn Mặt khác, cho Y tác dụng với dung dịch AgNO3 dư thu 89,34 gam kết tủa (không kể Ag2SO4) Tổng phần trăm theo khối lượng oxit X có giá trị gần với ? A 38% B 40% C 42% D 44% (Nguyễn Duy Anh – Jozesm) @ Hướng dẫn giải Ta có sơ đồ: Mg 2+ Cu 2+ MgO  Cu ( NO3 )2 : a  Ba NO : b  ( )2  + FeS → HCl : c   Al O  Zn Fe 2+ : d Fe 3+ Al3+ Zn 2+ NH +4 : 0, 02   N : 2a + 2b − 0, 02  + BaSO + H : 0, + H2O { 123  2, 06 − 14 2a + 2b 0,5c− 0,24 b ( ) O :  16 Cl− : c 0,9 − c Ta có nO kết tủa 0,88 mol = nOH + 4nSO4 mad nOH = ne kim loại nên ta có: 0,88 = ne + 4nSO4 BTE: ne + 0,02 = c + 2nSO4 nSO4 = (0,9 – c)/6 Ta có mkl = 21,935 – 19,5c Bảo toàn điện tích tính nO oxit c/3 + d/2 + 0,14 4(0,9 − c) 2, 06 − 14(2a + 2b)  BTO → 0, 23 + 6b = 4b + + 0,5c − 0, 24 +   16 a = 0, 005  BTKL →16, 935 + 261b + 36,5c = 36, 695 + 233b + 2,18 + 18(0, 5c − 0, 24) b = 0, 04   Ta có hệ:  KLKT → →143,5c + 108d = 89,34   c = 0,  KLOX d = 0, 03 c d   → 21,935 − 19, 5c + 16  + + 0,14  + 233b = 25,565 3   Câu 24 Thổi 0,24 mol khí CO qua ống sứ chứa 26,99 gam hỗn hợp Fe3O4, Al2O3, MgCO3 CuO nung nóng, đến phản ứng xảy hoàn toàn thu 0,32 mol khí CO2 Phần rắn ống sứ hòa tan hết dung dịch HNO3 loãng (dùng dư), kết thúc phản ứng thu dung dịch X hỗn hợp khí Y gồm 0,04 mol NO a mol N2O (không sản phẩm khử khác) Cho dung dịch NaOH vào dung dịch X đến kết tủa cực đại, lấy phần kết tủa đem nung không khí đến khối lượng không đổi thu 23,79 gam rắn khan Số mol HNO3 phản ứng ? A 1,04 B 1,08 C 1,05 D 1,09 SO24− : @ Hướng dẫn giải Vì số mol CO2 = 0,32 mol > nCO = 0,24 mol nên nMgCO3 = 0,08 mol Nguyen Duy Anh – Tuyển chọn tập HÓA HỌC kì thi THPT Quốc Gia Fe3O : x  Al O : z Hỗn hợp ban đầu:  phản ứng hoàn toàn nên phần rắn có: MgCO3 : 0, 08 CuO : y Fe : 3x Al O : z   MgO : 0, 08 Cu : y Fe 2O3 :1,5x  Al O : z Lượng rắn nung kết tủa có:  MgO : 0, 08 CuO : y Phản ứng: Fe3O4 + CO → 3Fe + 4CO2 x mol 4x mol CuO + CO → Cu + CO2 y mol y mol 4x + y = 0, 24  Vậy ta có hệ: 232x + 80y + 102z + 0, 08.84 = 26,99 240x + 80y + 102z + 0, 08.80 = 23, 79  Giải ta được: x = 0,04 mol, y = 0,08 mol z = 0,045 mol Quy đổi hỗn hợp sau bảo toàn electron Câu 25 X axit hai chức, Y, Z hai ancol (MY < MZ, Y Z số cacbon), T este đa chức tạo X, Y, Z, cho biết X, Y, Z, T mạch hở Chia 87,12 gam H gồm X, Y, Z, T thành ba phần nhau: − Phần 1: Đốt cháy hoàn toàn H cần lượng vừa đủ 1,56 mol O2 − Phần 2: H tác dụng vừa đủ với 120 ml dung dịch NaOH 2M, thu hỗn hợp anol, dẫn hết hỗn hợp ancol qua bình đựng Na dư thấy khối lượng bình tăng 16,28 gam đồng thời thoát 3,136 lit khí (đktc) − Phần 3: H làm màu vừa hết 0,24 mol Br2 Hiệu khối lượng X T có giá trị gần với ? A 1,40 B 1,30 C 1,42 D 1,45 @ Hướng dẫn giải Tìm hai ancol C3H5OH: 0,12 mol C3H7OH: 0,16 mol Từ kiện ta suy axit có nối đôi C=C Quy hỗn hợp thành: R(COOH)2 : a C H OH : 0,12 CO2 :x  0, 24.2 + 0,12 + 0,16 − b = 2x + y  x = 1, 32     H O:y    → 44x + 18y = 78, 96 ⇒  y = 1,16  C3H OH : 0,16  x − (y + b) = 0,12.2 − 0,16 b = 0, 08   −H 2O : b Tính R = 26 = (– CH=CH –) Nên mX – mT = 1,36 gam Câu 26 Tiến hành phản ứng nhiệt nhôm 18,76 gam hỗn hợp rắn gồm Al, Fe3O4, CuO, MgO đến phản ứng xảy hoàn toàn thu hỗn hợp rắn X Hòa tan X vào dung dịch NaOH dư, sau phản ứng thu dung dịch Y, hỗn hợp rắn Z thấy thoát 3,75a mol khí H2 Sục khí CO2 dư vào dung dịch Y thu 15,6 gam kết tủa Hòa tan hết hỗn hợp rắn Z dung dịch HNO3 loãng, dư, đun nóng; sau phản ứng thu dung dịch T thấy thoát 2,75a mol khí NO sản phẩm khử NO3− Cô cạn dung dịch T thu 42,22 gam muối khan Biết khí đo đktc phản ứng xảy hoàn toàn Phần trăm khối lượng CuO hỗn hợp rắn ban đầu gần với ? A 17,1% B 12,8% C 8,5% D 21,3% Nguyen Duy Anh – Tuyển chọn tập HÓA HỌC kì thi THPT Quốc Gia @ Hướng dẫn giải Al : 0, BTKL → 232x + 80y + 40z = 13,36 Fe O : x   Ta có sơ đồ:  Al : 2,5a Al CuO : y → Al O : 0,1 − 1, 25a  BTO → 4x + y = 0,3 − 3, 75a  MgO : z Fe : 3x BTE  → 9x + 2y = 8, 25a  Cu : y BTKLM MgO : z → 726x + 188y + 148z = 42, 22  Giải ta x = y = 0,03 mol, z = 0,1 mol nên %CuO = 12,793% Câu 27 X, Y hai axit cacboxylic no, mạch hở (trong X đơn chức, Y hai chức), Z ancol mạch hở, T este hai chức tạo Y Z Đốt cháy hoàn toàn 14,86 gam hỗn hợp E chứa X, Y, Z, T thu 0,38 mol khí CO2 0,35 mol H2O Mặt khác đun nóng 14,86 gam E cần dùng 260 ml dung dịch NaOH 1M, cô cạn dung dịch sau phản ứng thu phần rắn F chứa hai muối, phần chứa ancol Z Dẫn toàn Z vào bình đựng Na dư thấy khối lượng bình tăng 3,6 gam, đồng thời thoát 1,344 lit (đktc) khí H2 Đốt cháy hoàn toàn F O2 dư thu sản phẩm cháy gồm Na2CO3, x mol CO2 y mol H2O Tỉ lệ x : y gần với ? A 1,62 B 2,26 C 1,38 D 2,65 @ Hướng dẫn giải XO : a (π) CO : 0,38 +0,255 mol O YO : b (2π)  →  Ta tìm ancol C2H4(OH)2: 0,12 mol Sơ đồ:  H O : 0,35 C2 H (OH) : c +0,26 mol NaOH ZO : d (2π) → F + Z 2a + 4b + 2c + 4a = 0, a = 0,12 a + 2b + 2d = 0, 26 b = 0, 05   Ta có hệ:  → c + d = 0, 06 c = 0, 04 b − c + d = 0, 03 d = 0, 02 Gọi n m số C X Y: 0,12n + 0,05m + 0,04.2 + 0,02(m + 2) = 0,38 Chỉ có n = m = thỏa Nên X HCOOH Y (COOH)2 Nên tính x : y = 2,167 Câu 28 Đốt cháy 18,68 gam hỗn hợp kim loại gồm Mg, Al, Fe khí O2 thời gian thu hỗn hợp rắn X Hòa tan hết X vào 136,5 gam dung dịch HNO3 60%, sau phản ứng kết thúc thu dung dịch Y chứa 88,84 gam muối thấy thoát 3,136 lít (đktc) hỗn hợp khí Z gồm NO, NO2 Dung dịch Y tác dụng tối đa với dung dịch chứa 1,24 mol NaOH, sau phản ứng kết thúc lấy kết tủa thu nung không khí đến khối lượng không đổi thu 22,4 gam chất rắn Phần trăm khối lượng Fe hỗn hợp rắn ban đầu gần với ? A 45% B 55% C 65% D 75% @ Hướng dẫn giải Mg 2+ O  3+  Al Mg    NO    Ta có sơ đồ:  Al  + HNO3 → Fe3+ + + H 2O  123  NO {  + 1,3  Fe  0,14 {  NH : t  NO3− :1,16 − t 18,68 gam  Nguyen Duy Anh – Tuyển chọn tập HÓA HỌC kì thi THPT Quốc Gia Ta có: 18t + 62(1,16 – t) = 70,16 nên t = 0,04 mol Khi tác dụng Na+ vào NaAlO2 NaNO3: 1,12 mol nên nNaAlO2 = 0,12 mol nAl = 0,12 mol 24x + 56y = 15, 44  x = 0, 06 Gọi mol Mg Fe x y ta được:  Vậy %Fe = 74,95% → 40x + 80y = 22,  y = 0, 25 Câu 29 X, Y, Z axit cacboxylic mạch hở, không phân nhánh, liên kết C ≡ C phân tử tác dụng với dung dịch Br2 Đốt cháy 28,4 gam hỗn hợp E gồm X, Y, Z (MX < MY < MZ ) cần dùng 15,68 lít (đktc) khí O2, sau phản ứng xảy hoàn toàn thu sản phẩm cháy gồm CO2 H2O Mặt khác trung hòa 28,4 gam hỗn hợp E lượng dung dịch NaOH vừa đủ, sau phản ứng kết thúc thu dung dịch F Cô cạn dung dịch F thu 39,4 gam muối khan Nếu cho 28,4 gam hỗn hợp E vào bình đựng dung dịch Br2 dư số mol Br2 tham gia phản ứng 0,35 mol Phần trăm khối lượng Z hỗn hợp E gần với ? A 67,5% B 20,5% C 22,5% D 40,5% @ Hướng dẫn giải Ta có nNaOH = 0,5 mol nên nCOO = nNa = 0,5 mol Gọi x y mol CO2 H2O tính x = 0,95 mol y = 0,5 mol Biện luận ta thấy trường hợp sau thỏa mãn: − + HCOOH : a (π) a + 2b + 2c = 0,5 a = 0,1    R(COOH) : b (3π,1C = C) ⇒ 2b + 3c = 0, 45 ⇒ b = 0,15    R '(COOH)2 : c (4π, 2C = C) a + b + 2c = 0,35 c = 0, 05 Sau tìm hai axit lại là: HOOC – CH=CH – COOH HOOC – CH=C=CH – COOH Vậy tính %Z = 22,53% Câu 30 Cho m gam hỗn hợp X gồm MgO, CuO, MgS Cu2S (oxi chiếm 30% khối lượng) tan hết dung dịch H2SO4 NaNO3, thu dung dịch Y chứa 4m gam muối trung hòa 0,672 lít (đktc) hỗn hợp khí gồm NO2, SO2 (không sản phẩm khử khác) Cho Y tác dụng vừa đủ với dung dịch Ba(NO3)2, dung dịch Z 9,32 gam kết tủa Cô cạn Z chất rắn T Nung T đến khối lượng không đổi, thu 2,688 lít (đktc) hỗn hợp khí G có tỉ khối so với H2 19,5 Giá trị m gần ? A 3,0 B 2,5 C 3,5 D 4,0 @ Hướng dẫn giải Tính mol SO4 Y 0,04 mol nên lượng Ba(NO3)2 thêm vào 0,04 mol Z muối nitrat kim loại Ta có: 2NO3- → 2NO2 + 1/2O2 + O2x mol x mol 0,25x mol 2NaNO3 → 2NaNO2 + O2 y mol 0,5y mol Vậy ta có: x + y = 0,12 46x + 0,25x.32 + 0,5y.32 = 0,12.19,5.2 Giải ta có: x = 0,06 mol y = 0,09 mol Như số mol Na+ = 0,09 mol nNO3- dung dịch Y = 0,15 – 0,04.2 = 0,07 mol 2- Nguyen Duy Anh – Tuyển chọn tập HÓA HỌC kì thi THPT Quốc Gia Mg 2+ Mg  2+ Cu Cu  H 2SO SO : 0, 01  + + →  Na : 0, 09 +  + H 2O S  NaNO3 : 0,09  2−  NO : 0, 02  O : 0,3m SO : 0, 04  NO3− : 0, 07 16   Gọi a mol H2SO4 Bảo toàn khối lượng được: 3m – 80a = 6,09 0,3m Bảo toàn oxi ta được: + 4y + 0,27 = 0,16 + 0,21 + 0,02 + 0,04 + y Giải ta (m) = 2,959 16 Câu 31 Hòa tan hoàn toàn 16,4 gam hỗn hợp X gồm FeCO3, Fe2O3, FeS FeS2 73,5 gam dung dịch H2SO4 80%, kết thúc phản ứng thu dung dịch Y hỗn hợp khí Z gồm khí có tỉ khối so với He 46/3 Hấp thụ toàn Z vào dung dịch Ca(OH)2 dư thu 52,8 gam kết tủa Cho BaCl2 dư vào dung dịch Y thu 69,9 gam kết tủa Nếu cho từ từ dung dịch chứa 0,24 mol Ba(OH)2 vào dung dịch Y lượng kết tủa thu ? A 66,62 gam B 73,04 gam C 68,76 gam D 67,69 gam @ Hướng dẫn giải Ta có hai khí CO2 SO2 tỉ lệ mol : 13 Gọi x y mol CO2 SO2 ta có: 13x − 2y = x = 0, 06 ⇔  100x + 120y = 52,8  y = 0, 39 Số mol SO42- dung dịch Y 0,3 mol Ta có sơ đồ: FeCO3  Fe : x  Fe3+ : x Fe O  O : 0,3 − 0,5y  CO : 0, 06    + H 2SO → H + : y = + + H 2O  { 123   S : 0, 09 SO : 0,39 FeS   SO 2− : 0,3 0,6 − 0,5y 0,6    FeS2  C : 0, 06  56x + 16(0,3 − 0,5y) = 12,8  x = 0,16 Tính khối lượng kết tủa 68,76 gam Ta có hệ:  ⇔ 3x + y = 0,3.2  y = 0,12 Câu 32 X, Y hai axit cacboxylic đơn chức, mạch hở (trong X no, Y không no chứa liên kết C=C), Z ancol no, mạch hở, T este hai chức tạo X, Y, Z Đốt cháy 11,7 gam hỗn hợp E chứa X, Y, Z, T (số mol Z gấp đôi số mol T) cần dùng 0,315 mol O2 thu 5,94 gam nước Mặt khác 11,7 gam E làm màu dung dịch chứa 0,04 mol Br2 môi trường CCl4 Nếu đun nóng 0,3 mol E với 450 ml dung dịch NaOH 1M, cô cạn dung dịch sau phản ứng thu m gam rắn khan Biết điều kiện thường Z không tác dụng với Cu(OH)2 Giá trị m ? A 27,54 gam B 22,5 gam C 23,4 gam D 27,67 gam @ Hướng dẫn giải X mol } 0,33 Y : 0,36 − 0,33 = 0, 03 mol  H O O  Tóm tắt đề:  + → Br2 : 0,04 mol  CO Z : 2a = 0, 02 mol {2 0,36 mol T : a = 0, 04 − 0, 03 = 0, 01 mol Bảo toàn oxi suy nX = 0,14 mol Lại có Ctb = 1,8 nên có HCOOH E Gọi a b số C Y Z (a, b ≥ 3) Bảo toàn C: 4a + 3b = 21 nên a = b = Nguyen Duy Anh – Tuyển chọn tập HÓA HỌC kì thi THPT Quốc Gia X : HCOOH Y : C H O  Hỗn hợp sau gấp 1,5 lần hỗn hợp ban đầu:  + NaOH 123 0,45 mol  Z : C3 H O T : C7 H10 O Ta có: 0,225 mol HCOONa; 0,06 mol C2H3COONa 0,165 mol NaOH dư Nên (m) = 27,54 gam Câu 33 Hỗn hợp X gồm este đơn chức tạo thành từ ancol A, B C (no, đơn chức, mạch hở, đồng đẳng MA < MB < MC) với axit (phân tử có nhóm –COOH) có axit không no, có liên kết C=C phân tử, axit no, đơn chức đồng đẳng Thủy phân hoàn toàn m gam X V lit NaOH 1M (vừa đủ) , thu hỗn hợp muối a gam hỗn hợp ancol Y Đốt cháy hoàn toàn lượng muối thu hỗn hợp khí hơi, biết thể tích khí thể tích chênh lệch 5,376 lit Mặt khác, để đốt cháy hoàn toàn hỗn hợp X 39,648 lit khí oxi (vừa đủ) thu 22,68 gam H2O (thể tích khí đo điều kiện chuẩn) Giá trị gần (m + V) ? A 32,5 gam B 25,6 gam C 29,4 gam D 35,7 gam @ Hướng dẫn giải Sử dụng phương pháp DDH Nhận thấy: Nếu este no, đơn chức mạch hở thuộc dãy đồng đẳng metyl fomat: C2H4O2 Nếu este không no, đơn, mạch hở có liên kết C=C đồng đẳng metyl acrylat: C4H6O2 Các chất thuộc dãy đồng đẳng nhóm – CH2 Vì ta quy toàn X thành C2H4O2 (a mol), C4H6O2 (b mol) CH2 (c mol) Vậy muối gồm: 2HCOONa → CO2 + H2O + Na2CO3 a mol 0,5a mol 0,5a mol C2H3COONa → 5/2CO2 + 3/2H2O + 1/2Na2CO3 b mol 2,5b mol 1,5b mol CH2 → CO2 + H2O c mol c mol c mol Vậy ∆khí = nCO2 – nH2O = b Nên b = 0,24 mol (1) Đốt cháy X nO2 = 2a + 4,5b + 1,5z = 1,77 (2) nH2Osinh = 2a + 3b + c = 1,26 (3) Giải ta được: a = 0,12 mol, b = 0,24 mol c = 0,3 mol Vậy (m + V) = 60.0,12 + 86.0,24 + 14.0,3 + 0,36 = 32,4 Câu 34 Cho 45,85 gam hỗn hợp rắn X gồm Mg, Fe(NO3)2, Fe3O4 (0,1 mol) ZnO (trong O chiếm 26,1723 phần trăm khối lượng hỗn hợp X) tác dụng hoàn toàn với dung dịch chứa H2SO4 HNO3 (biết tỉ lệ mol giũa H2SO4 HNO3 20/3 ) thu dung dịch Y 8,6 gam hỗn hợp khí G gồm khí NO2, NO H2 Cho dung dịch tác dụng với dung dịch NaOH đến thu lượng kết tủa cực đại T thấy lượng NaOH phản ứng mol Lấy kết tủa T nung không khí đến khối lượng không đổi thu 48,05 gam rắn Z Mặt khác cho dung dịch Y tác dụng với dung dịch AgNO3 dư thu 1,35 gam kim loại 0,28 lit khí NO (đktc) thoát (NO sản phẩm khứ N+5) Phần trăm theo số mol NO2 hỗn hợp khí G ? A 50% B 40% C 60% D 25% (Nguyễn Thành Tín – Lớp 12T Chuyên Tiền Giang) Nguyen Duy Anh – Tuyển chọn tập HÓA HỌC kì thi THPT Quốc Gia @ Hướng dẫn giải Gọi x, y z mol ZnO, Mg Fe(NO3)2 ta có hệ phương trình sau: 81x + 24y + 180z = 22, 65  x = 0, 05   →  y = 0, x + 6z = 0,35 81x + 40y + 80(z + 0,3) = 48, 05 z = 0, 05    Zn 2+ : 0, 05  2+  Mg : 0, ZnO : 0, 05   Fe 2+ : a  NO : x  Mg : 0,      H 2SO : 20t   3+ +  NO : y  + H 2O Ta có sơ đồ sau:  +   →  Fe : b Fe NO : 0, 05 HNO : 3t ( )   2−     H : z  Fe O : 0,1  SO : 20t 424  4 8,6 144 2444 3  NH + : c 45,85  +  H : 0, 05 Ta có SO4 Na2SO4: mol nên t = 0,05 mol Mol Fe2+ dễ có 0,05 mol Nên nFe3+ = 0,3 mol Suy mol NH4 = 0,05 mol Đến toán xem giải Câu 35 Cho 56a gam bột Fe vào 800 ml dung dịch gồm Cu(NO3)2 xM HCl 1,5M; sau phản ứng xảy hoàn toàn thu dung dịch X, (m – 25a) gam hỗn hợp kim loại Y thấy thoát V lit (đktc) hỗn hợp khí Z có tỉ khối so với H2 (Z gồm khí có khí hóa nâu không khí) Cho Y tác dụng với O2 thu chất rắn T gồm Fe3O4, FeO Cu Hòa tan hết m gam T vào dung dịch chứa 1,3 mol HCl (dư), thu dung dịch có chứa 16,25 gam FeCl3 Điện phân dung dịch điện cực trơ, cường độ không đổi đến catot vừa bắt đầu có khí thoát dừng điện phân, thấy khối lượng dung dịch giảm (0,5m – 1,75) gam Cho dung dịch AgNO3 dư vào dung dịch sau điện phân đến phản ứng xảy hoàn toàn thu dung dịch F (không chứa NH4+) (4,5m + 1,3) gam kết tủa, đồng thời thấy có khí NO thoát Giá trị a ? A 0,5 B 0,6 C 0,7 D 0,8 @ Hướng dẫn giải Từ thí nghiệm thứ rút được: m = 81a – 27,2 (*) FeCl3 : 0,1   Fe3O  FeCl : − 2x − y   Ở thí nghiệm thứ hai, xét sơ đồ:  FeO  + HCl { → 1,3 mol  CuCl2 : x  Cu   424 m gam HCl : y Khi điện phân ta có: Catot Anot 3+ 2+ Fe + e → Fe 2Cl → Cl2 + 2e 0,1 0,1 0,1 2z z 2z 2+ Cu + 2e → Cu x 2x x 0,1 + 2x = 2z  x = 0,1 64x + 71z = 0,5m − 1, 75  y = 0,   ⇔ Do ta có hệ:   − 2x − y  − y  + 143,5 (1,3 − 2z ) = 4, 5m + 1,3 z = 0,15 108  0,1 +   m = 37, 232 ( x + 0, 05 ) + 72 ( 0, 45ax4x − 0,5y ) + 64x = m Vậy m vào (*) ta a = 0,8 Nguyen Duy Anh – Tuyển chọn tập HÓA HỌC kì thi THPT Quốc Gia Câu 36 Hòa tan 17,49 gam hỗn hợp X gồm Mg, Zn, FeO (0,1 mol) Pb(NO3)2 vào dung dịch chứa HNO3 H2SO4 (có tỉ lệ mol 18/53) sau phản ứng thấy hỗn hợp khí thoát có 0,05 mol H2 Sục khí H2S đến dư vào dung dịch Y (chỉ chứa muối) sau phản ứng hòa tan thu 0,96 gam kết tủa Mặt khác, nhỏ từ từ dung dịch KOH vào dung dịch Y lượng kết tủa biểu thị đồ thị sau đây: Lấy lượng kết tủa sau dùng hết b gam KOH đem nung không khí đến khối lượng không đổi khối lượng rắn thu 52,071% khối lượng rắn thu nung lượng kết tủa dùng 28,56 gam KOH Phần trăm khối lượng oxi có hỗn hợp khí có giá trị gần với ? A 56% B 64% C 67% D 74% (Nguyễn Duy Anh – Jozesm) @ Hướng dẫn giải Ta có sơ đồ sau đây: Mg 2+ : x Zn 2+ : y Mg : x Fe 2+ : 0, 04 H : 0, 05 Zn : y HNO3 :18t   3+ + → Fe : 0, 06 + PbSO +  N + H2O FeO : 0,1 123 H SO : 53t    z SO 24− : 53t − z O Pb ( NO3 ) : z 144244 NH +4 17,49 H+ 24x + 65y + 331z = 10, 29  x = 0, 02   →  y = 0,1 Ta có hệ: x + y + 0,1 = 0, 22 40x + = 0, 52071 40x + 81y + ( ) z = 0, 01   N : 0,1  Dễ có nNH4 = 0,01 mol Bảo toàn điện tích t = 0,005 mol Tính khí có: O : 0,19 H : 0, 05  Do phần trăm oxi có giá trị 66,96% Câu 37 Hỗn hợp X gồm Mg, MgCO3, Ca, CaCO3 Cho m gam hỗn hợp X tác dụng với dung dịch HCl vừa đủ thu hỗn hợp khí Y có tỉ khối so với H2 16,75 Hấp thụ khí Y vào 200 ml dung dịch hỗn hợp NaOH 0,65M Ba(OH)2 0,80M thu 0,95m gam kết tủa dung dịch Z Đun nóng dung dịch Z lại thu kết tủa Cho m gam hỗn hợp X tác dụng với dung dịch HNO3 loãng dư thu hỗn hợp khí gồm NO CO2 có tỉ khối so với H2 20,833 dung dịch T Cô cạn dung dịch T thu 62,92 gam muối khan Giá trị m gần với ? A 31,12 B 33,57 C 34,18 D 32,14 Nguyen Duy Anh – Tuyển chọn tập HÓA HỌC kì thi THPT Quốc Gia @ Hướng dẫn giải Tính nH2 = a mol nCO2 = 3a mol Cũng tính nNO = 0,6a mol nCO2 = 3a mol Ta có nBaCO3 = 0,95m/197 mol nên nBa2+ dư = (0,16 – 0,95m/197) mol Dung dịch Z gồm: NaHCO3 : 0,13 mol Ba(HCO3)2: (0,16 – 0,95m/197) mol Bảo toàn nguyên tố C: 3a – 0,95m/197 = 0,13 + 2(0,16 – 0,95m/197) (*) Ta có nCO3(X) = nCO2 = 3a mol Nên khối lượng kim loại (m – 180a) gam Mg 2+ Mg  2+   NO Ca Ca + HNO3 →  + X − O : 3a mol  NO3 CO CO : 3a mol  NH + 123 62,92 gam Bảo toàn electron: 2a = 1,8a + 8nNH4+ nên nNH4 = 0,025a mol Vậy 62,92 = m – 180a + 0,025a.80 + 62(0,6a.3 + 3a.2 + 0,025.8a) Giải (*) (**) ta được: a = 0,1 mol (m) = 31,135 gam (**) Câu 38 Hai chất hữu A, B có công thức phân tử C2H5NO4 C3H7NO5 Lấy 97 gam hỗn hợp Y gồm A B tác dụng với NaOH vừa đủ thu hỗn hợp Z gồm muối 9,408 lit khí T (đktc) làm quỳ tím ẩm hóa xanh Thành phần phần trăm muối có khối lượng phân tử nhỏ Z ? A 17,78% B 32,54% C 49,68% D 27,63% (Trích đề thi thử Cộng đồng Hóa học Bookgol – Lần 13 năm 2016) @ Hướng dẫn giải Mol  → x = 0, 42 A : HOOC − COONH  x = 0, 42 Ta có công thức cấu tạo A B là:  → KL → →107x + 137y = 97  y = 0,38 B : HCO3 NH 3CH COOH Vậy muối gồm: (COONa)2 (0,42 mol), Na2CO3 (0,38 mol) NH2CH2COONa (0,38 mol) Nên phần trăm khối lượng muối nhỏ 27,63% Chọn đáp án D Câu 39 Cho m gam hỗn hợp rắn gồm Fe Fe(NO3)2 vào 400 ml dung dịch chứa Cu(NO3)2 0,2M, Fe(NO3)3 0,05M HCl Sau phản ứng xảy hoàn toàn thu dung dịch X chứa chất tan (không chứa ion 32m gam rắn không tan NH4+) hỗn hợp khí Y gồm hai khí không màu, có khí hóa nâu lại 255 Tỉ khối Y so với He 19/3 Cho dung dịch AgNO3 dư vào dung dịch X, thấy thoát 0,045 mol khí NO (sản phẩm khử nhất), đồng thời thu a gam kết tủa Giá trị a gần với giá trị sau ? A 272,0 gam B 274,0 gam C 276,0 gam D 278,0 gam (Trích đề thi thử Cộng đồng Hóa học Ứng dụng Bookgol – Lần 13 năm 2016) @ Hướng dẫn giải Fe : x  Fe ( NO3 ) : y  HCl : 0,18  NO : 5t   PUHT Ta có sơ đồ: Fe ( NO3 )3 : 0, 02  → + Cu z − 0,18 +  2O { + H { H : t FeCl : 32m   0,5z − t − 0,09 = 0,08.64  255 Cu ( NO3 ) : 0, 08 HCl : z  Ta lập hệ phương trình sau: Nguyen Duy Anh – Tuyển chọn tập HÓA HỌC kì thi THPT Quốc Gia BT.N  → 2y + 0, 22 = 5t  x = 0,  BT.O  y = 0, 04 → 6y + 0, 66 = 5t + 0, 5z − t − 0, 09    →  BTKL  → 56x + 180y = m = 0, 08.510 = 40,8   z = 1,5 BTKL   → 60, 68 + 36,5z = 5,12 + 6, 57 + 63,5z − 11, 43 + 152t + 9z − 18t − 1, 62  t = 0, 06  Vậy tính được: a = 1,5.143,5 + 108(0,66 – 0,18.0,75) = 271,95 gam Chọn đáp án A Câu 40 Hòa tan hết m gam hỗn hợp rắn H gồm Mg, MgCO3, Fe, Fe(NO3)2 (trong H oxi chiếm 25% khối lượng) vào 500 gam dung dịch chứa 0,92 mol HCl 0,07 mol KNO3 Sau phản ứng kết thúc, thu dung dịch X chứa 51,23 gam chất tan thấy thoát 7,392 lit hỗn hợp khí Y gồm CO2, NO, H2, NO2 có tỉ 371 khối so với H2 (trong Y chứa 0,15 mol H2) Cũng lượng X tác dụng với AgNO3 dư thu 33 146,6 gam kết tủa thoát 112 ml khí NO sản phẩm khử N+5 Biết khí đo điều kiện tiêu chuẩn Nồng độ phần trăm khối lượng FeCl3 có dung dịch X gần với ? A 1,3% B 1,7% C 2% D 3% @ Hướng dẫn giải Mg +  2+ Fe : 0,15 Mg CO : a Fe3+ MgCO : a   HCl : 0,92   −  NO + → Cl : 0, 92 +  : 0,18 − a + H Ta có sơ đồ:  2O { KNO3 : 0, 07  + Fe  NO 0,3− 2b  K : 0, 07 H : 0,15 Fe ( NO3 ) : 0, 055 + b − a 1442443  NH 4+ : b 7,42  + H : 0, 02  14243 51,23 1600 ( 0,33 + 3b ) = 25 → b = 0, 01 23, − 36b 2x + 3y = 0,52  x = 0,185 Gọi x y mol Mg2+ Fe3+ ta có hệ:  → 24x + 56y = 7, 24  y = 0, 05 0, 05.162,5.100 = 1,575% Vậy C FeCl3 = 23, − 36.0, 01 + 500 − 7, 42 Bảo toàn khối lượng ta được: m = 23,4 – 36z gam Theo đề ta có: Nguyen Duy Anh – Tuyển chọn tập HÓA HỌC kì thi THPT Quốc Gia BÀI TẬP RÈN LUYỆN Câu Đun nóng 14,19 gam este X đơn chức, mạch hở với dung dịch NaOH vừa đủ thu 15,51 gam muối Y este no, hai chức có số nguyên tử cacbon với X, Z peptit mạch hở tạo glyxin alanin Đốt cháy 13,9 gam hỗn hợp E chứa X, Y, Z cần dùng 13,216 lit O2 (điều kiện chuẩn) Mặt khác, đun nóng 13,9 gam E với dung dịch NaOH vừa đủ, cô cạn dung dịch sau phản ứng thu ancol hỗn hợp F có chứa a mol muối glyxin b mol muối alanin Đốt cháy toàn F thu H2O, N2, 0,31 mol CO2 0,1 mol Na2CO3 Tỉ lệ a : b gần với ? A 0,3 B 0,5 C 0,7 D 0,9 Câu X peptit mạch hở tạo từ loại α-aminoaxit no chứa nhóm –NH2 nhóm –COOH, Y hợp chất hữu thuộc dãy đồng đẳng axit oxalic, Z este không chứa nhóm chức khác Đun nóng 27,42 gam hỗn hợp E dạng chứa X, Y, Z với dung dịch NaOH vừa đủ, chưng cất dung dịch sau phản ứng, thu a gam ancol T hỗn hợp gồm muối Dẫn toàn a gam T qua bình đựng Na dư, thấy khối lượng bình tăng 5,28 gam, đồng thời thoát 2,016 lít khí H2 (điều kiện tiêu chuẩn) Đốt cháy hoàn toàn hỗn hợp muối cần dùng 0,6 mol O2, thu N2, CO2, 8,64 gam H2O 25,44 gam Na2CO3 Phần trăm khối lượng X có hỗn hợp E có giá trị gần ? A 52% B 53% C 54% D 55% Câu X, Y hai este đơn chức, Z este hai chức (X, Y, Z mạch hở) Đun nóng 20,56 gam hỗn hợp E chứa X, Y, Z cần dùng 200 ml dung dịch NaOH 1M, thu hỗn hợp F chứa hai ancol thuộc dãy đồng đẳng hỗn hợp chứa hai muối Dẫn toàn F qua bình đựng Na dư, thấy khối lượng bình tăng 11,52 gam Lấy hỗn hợp muối đun với vôi xút, thu hydrocacbon T Biết T tác dụng tối đa với dung dịch Br2, thu sản phẩm chứa 92,485% brom khối lượng Tổng khối lượng X, Y có hỗn hợp E ? A 8,68 gam B 7,89 gam C 5,64 gam D 6,57 gam 11m   Câu Chia m gam hỗn hợp X gồm Fe2O3, CuO, FeS FeS2  m O =  làm hai phần Cho phần 29   hòa tan hoàn toàn dung dịch H2SO4 (đặc, dư, đun nóng) thu dung dịch A có chứa (m + 0,96) gam muối sunfat thoát V lit khí SO2 (đktc) Hòa tan hoàn toàn phần hai dung dịch HNO3 (đặc, dư, nung nóng) thu dung dịch B thoát 17,248 lít hỗn hợp hai khí có tỉ khối so với H2 23,468 Cô cạn B muối khan D Cho D vào bình đựng 400 ml dung dịch NaOH 1M thu dung dịch E a gam kết tủa Cô cạn dung dịch E (m + 8,08) gam chất rắn khan Biết phản ứng xảy hoàn toàn Giá trị a gần với ? A 22,5 gam B 10,67 gam C 11,75 gam D 23,5 gam Câu Hỗn hợp A gồm MgO, Fe2O3, FeS FeS2 Người ta hòa tan hoàn toàn m gam A dung dịch 155m gam muối Mặt khác hòa tan hoàn H2SO4 (đặc, nóng dư) thu khí SO2, dung dịch sau phản ứng chứa 67 toàn m gam A vào dung dịch HNO3 (đặc, nóng dư) thu 14,336 lít hỗn hợp khí gồm NO2 SO2 có tổng khối lượng 29,8 gam Cô cạn dung dịch sau phản ứng thu 28,44 gam hỗn hợp muối khan Biết 10m A oxi chiếm khối lượng Phần trăm khối lượng FeS A có giá trị gần với ? 67 A 28% B 30% C 32% D 34% Câu Hỗn hợp X gồm Ca, Mg, MgCO3, MgO, CaO Cho 23,84 gam hỗn hợp X tác dụng với dung dịch HCl vừa đủ thu dung dịch chứa 48,48 gam chất tan; 7,616 lít hỗn hợp khí Y (đktc) có tỉ khối so với hiđro 143 Cho 23,84 gam hỗn hợp X tác dụng với dung dịch HNO3 loãng dư thu hỗn hợp khí Z gồm NO 17 CO2 có tỉ khối so với hiđro a dung dịch T Cô cạn dung dịch T thu 74,72 gam chất rắn khan Giá trị a A 16,75 B 18,50 C 20,25 D 17,80 Nguyen Duy Anh – Tuyển chọn tập HÓA HỌC kì thi THPT Quốc Gia Câu Cho m gam hỗn hợp X gồm Cu, FeO Fe2O3 tan hết dung dịch HCl vừa đủ thu dung dịch A Cho a gam Mg vào dung dịch A, sau phản ứng kết thúc thu dung dịch B Thêm dung dịch KOH dư vào dung dịch B kết tủa D Nung D không khí đến khối lượng không đổi b gam chất rắn E Mối quan hệ a, b biểu qua sơ đồ sau: b (gam) 74 68 62 3,6 7,2 10,8 a (gam) Mặt khác, cho m gam hỗn hợp X tác dụng với dung dịch HNO3, thu V lít hỗn hợp khí T gồm NO, NO2 N2O Biết T tỉ khối so với hiđro 18,22 khối lượng HNO3 tham gia phản ứng 158,76 gam Giá trị V gần với ? A 1,9 B 1,95 C D 2,05 Câu Hỗn hợp rắn X gồm FeS, FeS2, FeO, Fe2O3, Fe3O4 Hòa tan hết 31,76 gam X vào dung dịch chứa 1,51 mol HNO3, sau phản ứng thu dung dịch Y hỗn hợp khí Z chứa sản phẩm khử nitơ (phần trăm khối lượng oxi Z 60,7595%) Cô cạn dung dịch Y thu 77,42 gam hỗn hợp muối khan Mặt khác cho Ba(OH)2 dư vào dung dịch Y, lấy kết tủa thu đem nung không khí đến khối lượng không đổi thu 88,58 gam chất rắn khan Dung dịch Y hòa tan hết m gam Cu thu dung dịch T Khối lượng muối khan thu cô cạn dung dịch T gần với giá trị sau ? A 95 B 92 C 89 D 98 Câu Hòa tan 17,32 gam hỗn hợp X gồm Mg, Fe3O4 Fe(NO3)2 cần vừa dung dịch hỗn hợp gồm 1,04 mol HCl 0,08 mol HNO3, đun nhẹ thu dung dịch Y 2,24 lít hỗn hợp khí Z (đktc) có tỉ khối H2 10,8 gồm hai khí không màu có khí hóa nâu không khí Cho dung dịch Y tác dụng với lượng dung dịch AgNO3 vừa đủ thu m gam kết tủa dung dịch T Cho dung dịch T tác dụng với lượng dư dung dịch NaOH, lọc kết tủa nung đến đến khối lượng không đổi thu 20,8 gam chất rắn Các phản ứng xảy hoàn toàn Giá trị m ? A 150,32 B 151,40 C 152,48 D 153,56 Câu 10 Hòa tan hết m gam hỗn hợp rắn A gồm Mg, Cu(NO3)2, Fe, FeCO3 vào dung dịch chứa H2SO4 0,045 mol NaNO3 thu dung dịch B chứa 62,605 gam muối thấy thoát 3,808 lít (đktc) hỗn hợp khí C 304 gồm N2, NO2, N2O, NO, H2, CO2 có tỉ khối so với H2 (trong C có chứa 0,02 mol H2) Cho dung dịch 17 NaOH 1M vào dung dịch B đến thu lượng kết tủa lớn 31,72 gam dùng hết 865 ml Mặt khác, cho 94,64 gam BaCl2 vào B sau cho tiếp AgNO3 dư vào thu 256,04 gam kết tủa Biết phản ứng xảy hoàn toàn Giá trị m A 28,4 B 27,2 C 32,8 D 34,6 Nguyen Duy Anh – Tuyển chọn tập HÓA HỌC kì thi THPT Quốc Gia [...]... = 29,51 Nguyen Duy Anh – Tuyển chọn bài tập HÓA HỌC trong kì thi THPT Quốc Gia Câu 23 Hòa tan hoàn toàn 16,935 gam hỗn hợp X gồm MgO, Cu(NO3)2, FeS, Al2O3 và Zn (oxi chi m 21,73% theo khối lượng) vào dung dịch hỗn hợp chứa Ba(NO3)2 và HCl, sau phản ứng thu được 2,18 gam hỗn hợp khí (trong đó có 0,2 mol H2) Lọc sản phẩm được dung dịch Y chỉ chứa 36,695 gam muối Cho một lượng Ba(OH)2 vào dung dịch Y,... ) + 72 ( 0, 45ax4x − 0,5y ) + 64x = m Vậy thế m vào (*) ta được a = 0,8 Nguyen Duy Anh – Tuyển chọn bài tập HÓA HỌC trong kì thi THPT Quốc Gia Câu 36 Hòa tan 17,49 gam hỗn hợp X gồm Mg, Zn, FeO (0,1 mol) và Pb(NO3)2 vào dung dịch chứa HNO3 và H2SO4 (có tỉ lệ mol là 18/53) sau phản ứng thấy trong hỗn hợp khí thoát ra có 0,05 mol H2 Sục khí H2S đến dư vào dung dịch Y (chỉ chứa muối) sau phản ứng hòa... không đổi thu được 48,05 gam rắn Z Mặt khác cho dung dịch Y tác dụng với dung dịch AgNO3 dư thu được 1,35 gam kim loại và 0,28 lit khí NO (đktc) thoát ra (NO là sản phẩm khứ duy nhất của N+5) Phần trăm theo số mol của NO2 trong hỗn hợp khí G là ? A 50% B 40% C 60% D 25% (Nguyễn Thành Tín – Lớp 12T Chuyên Tiền Giang) Nguyen Duy Anh – Tuyển chọn bài tập HÓA HỌC trong kì thi THPT Quốc Gia @ Hướng dẫn giải. .. (Trích đề thi thử Cộng đồng Hóa học và Ứng dụng Bookgol – Lần 13 năm 2016) @ Hướng dẫn giải Fe : x  Fe ( NO3 ) 2 : y  HCl : 0,18  NO : 5t   PUHT Ta có sơ đồ: Fe ( NO3 )3 : 0, 02  → + Cu z − 0,18 +  2O { + H { H : t FeCl : 32m 2  2  0,5z − t − 0,09 = 0,08.64  2 255 Cu ( NO3 ) 2 : 0, 08 HCl : z  Ta lập được hệ phương trình sau: Nguyen Duy Anh – Tuyển chọn bài tập HÓA HỌC trong kì thi THPT... thu được hỗn hợp khí Z gồm NO và 17 CO2 có tỉ khối so với hiđro là a và dung dịch T Cô cạn dung dịch T thu được 74,72 gam chất rắn khan Giá trị của a là A 16,75 B 18,50 C 20,25 D 17,80 Nguyen Duy Anh – Tuyển chọn bài tập HÓA HỌC trong kì thi THPT Quốc Gia Câu 7 Cho m gam hỗn hợp X gồm Cu, FeO và Fe2O3 tan hết trong dung dịch HCl vừa đủ thu được dung dịch A Cho a gam Mg vào dung dịch A, sau khi phản... trong không khí đến khối lượng không đổi thu được 22,4 gam chất rắn Phần trăm khối lượng của Fe trong hỗn hợp rắn ban đầu gần nhất với ? A 45% B 55% C 65% D 75% @ Hướng dẫn giải Mg 2+ O  3+  Al Mg    NO    Ta có sơ đồ:  Al  + HNO3 → Fe3+ + + H 2O  123  NO 2 {  + 1,3  Fe  0,14 {  NH 4 : t  NO3− :1,16 − t 18,68 gam  Nguyen Duy Anh – Tuyển chọn bài tập HÓA HỌC trong kì thi THPT... m gần nhất với ? A 31,12 B 33,57 C 34,18 D 32,14 Nguyen Duy Anh – Tuyển chọn bài tập HÓA HỌC trong kì thi THPT Quốc Gia @ Hướng dẫn giải Tính được nH2 = a mol và nCO2 = 3a mol Cũng tính được nNO = 0,6a mol và nCO2 = 3a mol Ta có nBaCO3 = 0,95m/197 mol nên nBa2+ dư = (0,16 – 0,95m/197) mol Dung dịch Z gồm: NaHCO3 : 0,13 mol và Ba(HCO3)2: (0,16 – 0,95m/197) mol Bảo toàn nguyên tố C: 3a – 0,95m/197 = 0,13... 0,025.8a) Giải (*) và (**) ta được: a = 0,1 mol và (m) = 31,135 gam (**) Câu 38 Hai chất hữu cơ A, B có công thức phân tử là C2H5NO4 và C3H7NO5 Lấy 97 gam hỗn hợp Y gồm A và B tác dụng với NaOH vừa đủ thu được hỗn hợp Z gồm 3 muối và 9,408 lit khí T (đktc) làm quỳ tím ẩm hóa xanh Thành phần phần trăm muối có khối lượng phân tử nhỏ nhất trong Z là ? A 17,78% B 32,54% C 49,68% D 27,63% (Trích đề thi thử... (0,1 mol) và ZnO (trong đó O chi m 26,1723 phần trăm khối lượng hỗn hợp X) tác dụng hoàn toàn với dung dịch chứa H2SO4 và HNO3 (biết tỉ lệ mol giũa H2SO4 và HNO3 là 20/3 ) thu được dung dịch Y và 8,6 gam hỗn hợp khí G gồm 3 khí NO2, NO và H2 Cho dung dịch tác dụng với dung dịch NaOH đến khi thu được lượng kết tủa cực đại T thì thấy lượng NaOH phản ứng là 2 mol Lấy kết tủa T nung trong không khí đến... khối lượng ta được: m = 23,4 – 36z gam Theo đề ta có: Nguyen Duy Anh – Tuyển chọn bài tập HÓA HỌC trong kì thi THPT Quốc Gia BÀI TẬP RÈN LUYỆN Câu 1 Đun nóng 14,19 gam este X đơn chức, mạch hở với dung dịch NaOH vừa đủ thu được 15,51 gam muối Y là este no, hai chức có cùng số nguyên tử cacbon với X, Z là peptit mạch hở được tạo bởi glyxin và alanin Đốt cháy 13,9 gam hỗn hợp E chứa X, Y, Z cần dùng 13,216