SỞ GD & ĐT HẢI DƯƠNG TRƯ ỜNG THPT HỒNG QUANG Đ Ề THI THỬ LẦN 1 KÌ THI THPT QU ỐC GIA NĂM 2015 MÔN: TOÁN ( Thời gian làm bài: 180 phút, không kể thời gian phát đ ề) . Câu 1 (2 ,0 điểm) . Cho hàm số 2 (1) 1 x m y x    , với m là tham số thực. a) Kh ảo sát sự biến thiên và vẽ đồ thị của hàm số (1) v ới 1m  . b ) Tìm m đ ể đường thẳng : 2d y x   c ắt đồ thị hàm số (1) tại hai điểm phân biệt ,A B sao ch o diện tích tam giác OAB bằng 21 (O là gốc tọa đ ộ). Câu 2 (1,0 điểm). Giải phương trình 2 2sin 3sin 2 2 0x x   . Câu 3 (1,0 điểm). Tính tích phân 2 2 ( 1)ln 1 ln e e x x I dx x x     . Câu 4 (1,0 đ iểm ). a) Giải phương tr ình   2 2 2 log 9 4 log 3 log 3 x x   . b) Gọi S là tập hợp các số tự nhiên có hai chữ số. Chọn ngẫu nhiên một số từ tập hợp S. Tính xác suất để số được chọn có chữ số hàng đơn vị và hàng chục đều là chữ số chẵn. Câu 5 (1,0 điểm). Trong kh ông gian với hệ tọa đ ộ Oxyz , cho m ặt phẳng ( ): 2 3 8 0P x y z     và điểm (2;2;3)A . Viết phương trình mặt cầu ( )S đi qua điểm A , tiếp xúc với mặt phẳng (P) và có tâm thu ộc trục hoành. Câu 6 (1 ,0 điểm) . Cho hình chóp .S ABCD có đáy ABCD là hình thoi c ạnh a , góc  0 60 ABC  . Cạnh bên 2SD a . Hình chiếu vuông gó c c ủa S trên m ặt phẳng ( )ABCD là đi ểm H thu ộc đoạn BD sao cho 3HD HB . G ọi M là trung điểm cạnh SD . Tính th ể tích khối chóp .S ABCD và tính khoảng cách gi ữa hai đư ờng thẳng CM và SB . Câu 7 (1,0 điểm ). Trong m ặt phẳng t ọa độ Oxy , cho tam giác ABC có đư ờng cao và đường trung tuyến kẻ t ừ đỉnh A l ần lượt có phương tr ình là 3 0x y   và 5 0x y   . Đ ỉnh C n ằm trên đường thẳng : 2 0x y    và có hoành độ dương. Tìm tọa độ các đỉnh của tam giác ABC , biết đường thẳng chứa trung tuyến kẻ từ C đi qua đi ểm ( 2;6)E  . Câu 8(1,0 điểm). Giải hệ phương trình 2 1 1 ( 1) 1 ( , ) 8 9 ( 1) 2 y y x x x y x y y x y                  . Câu 9(1,0 điểm). Cho các số dương , ,x y z thỏa mãn x y và ( )( ) 1x z y z   . Tìm giá trị nhỏ nhất của biểu thức 2 2 2 1 4 4 ( ) ( ) ( ) P x y x z y z       . Hết Thí sinh không được sử dụng tài liệu. Giám thị không giải thích gì thêm. Họ và tên thí sinh: ; Số báo danh: 29 ĐÁP ÁN – THANG ĐIỂM - ĐỀ THI THỬ LÂN 1 KÌ THI THPT QUỐC GIA NĂM 2015 MÔN: TOÁN (Đáp án - thang điểm gồm 06 trang) Câu Nội dung Điểm Câu 1.a (1,0đ) Cho hàm số 2 1 1 x y x    * Tập xác định:   \ 1 D   * Sự biến thiên: 2 3 ' ( 1) y x    ; ' 0, y x D   . Hàm số nghịch biến trên các khoảng     ;1 và 1;+  . 0,25 Giới hạn: 1 1 lim ;lim x x y y         lim 2; lim 2     x x y y . Đồ thị hàm số có tiệm cận đứng 1x  và tiệm cận ngang 2y . 0,25 - Bảng biến thiên 0,25 Đồ thị : Đồ thị cắt trục Oy tại điểm   0; 1 , cắt trục hoành tại điểm 1 ;0 2        Đồ thị nhận điểm   1;2 I làm tâm đối xứng. 0,25 Câu 1.b (1,0đ) Tìm m để đường thẳng : 2 d y x   cắt đồ thị hàm số (1) tại hai điểm phân biệt ,A B sao cho diện tích tam giác OAB bằng 21 …. Phương trình hoành độ giao điểm của đường thẳng d và đồ thị hàm số (1) là 2 2 (2) 1 x m x x     Điều kiện 1x  2 (2) 2 ( 1)( 2) 2 0 (3) x m x x x x m          . Đường thẳng d cắt đồ thị hàm số (1) tại hai điểm phân biệt A, B khi và chỉ khi phương trình (3) có hai nghiệm phân biệt khác 1. Điều kiện cần và đ ủ là 9 0 1 8 4 0 4 1 1 2 0 2 2 m m m m m                             0,25 -4 -3 -2 -1 1 2 3 4 -4 -3 -2 -1 1 2 3 4 x y O x   'y y 1 0  2  2   Khi đó gọi các nghiệm của phương trình (3) là 1 2 ,x x . Tọa độ các giao điểm 1 1 2 2 ( ; 2), ( ; 2) A x x B x x   .   2 2 2 2 1 2 1 2 1 1 2 ( ) ( ) 2 ( ) 4 2(1 4( 2 )) 2(9 4 )AB x x x x x x x x m m              . 0,25 : 2 2 0 d y x x y       Khoảng cách từ O đến đường thẳng d là   2 , 2 2 d O d   . 0,25 Diện tích tam giác OAB bằng   1 21 , . 21 2 d O d AB  1 2. 2(9 4 ) 21 9 4 21 3 2 m m m         . 0,25 Câu 2 (1,0đ) Giải phương trình 2 2sin 3sin 2 2 0 x x    . 2 1 cos2 2sin 3sin 2 2 0 2 3sin 2 2 0 2 x x x x         0,25 3 1 1 3sin 2 cos2 1 sin 2 cos2 sin 2 sin 2 2 2 6 6 x x x x x                  0,25 2 2 6 6 , 5 2 2 6 6 x k k x k                      0,25 6 , 2 x k k x k                  0,25 Câu 3 (1,0đ) Tính tích phân 2 2 ( 1)ln 1 ln e e x x I dx x x     . 2 2 2 2 2 2 2 ( 1)ln 1 ln 1 ln 1 1 1 1 ln ln ln ln e e e e e e e e e e x x x x x I dx dx x dx x dx dx x x x x x x x x x x                              0,25 2 2 2 4 2 1 ln 1 2 2 e e e x e e M x dx x x e                     0,25 2 1 ln e e N dx x x   . Đặt 1 ln t x dt dx x    . Đổi cận 2 1; 2 x e t x e t       2 1 2 ln ln 2 ln1 ln 2 1 dt N t t       0,25 Vậy 4 2 1 ln 2 2 e e I     0,25 Câu 4a (0,5đ) Giải phương trình   2 2 2 log 9 4 log 3 log 3 x x   . Điều kiện 9 9 4 0 log 4 x x          2 2 2 2 2 log 9 4 log 3 log 3 log 9 4 log 3 .3 x x x x      0,25 2 3 3 1 9 4 3 .3 3 3.3 4 0 3 4 log 4 3 4 x x x x x x x x                   (Thỏa mãn) 0,25 Câu 4b (0,5đ) b) ) Gọi S là tập hợp các số tự nhiên có hai chữ số. Chọn ngẫu nhiên …… Số phần tử của tập hợp S là 90. Gọi ab là số tự nhiên có hai chữ số mà ,a b đều là số chẵn. Ta có     2;4;6;8 , 0;2;4;6;8 a b  . Suy ra có 4.5 20 số ab . 0,25 Xác suất để chọn được một số tự nhiên có hàng chục và hàng đơn vị đều là số chẵn là 20 2 90 9  . 0,25 Câu 5 (0,5đ) Trong không gian với hệ tọa độ Oxyz , cho mặt phẳng ( ) : 2 3 8 0 P x y z     và…… Gọi tâm của mặt cầu (S) là điểm ( ;0;0) I x . Mặt cầu (S) đi qua (2;2;3) A và tiếp xúc với (P) nên ta có   2 2 2 8 2 8 ,( ) (2 ) 4 9 (2 ) 13 4 9 1 14 x x IA d I P x x               0,25 2 2 2 2 2 2 14 (2 ) 13 2 8 14((2 ) 13) (2 8) 3 14( 4 17) 4 32 64 10 88 174 0 29 5 x x x x x x x x x x x x                            0,25 Với 3 (3;0;0) 14 x I IA      Phương trình mặt cầu (S) là: 2 2 2 ( 3) 14 x y z     . 0,25 Với 29 29 686 ( ;0;0) 5 5 5 x I IA      Phương trình mặt cầu (S) là: 2 2 2 29 686 5 25 x y z           . 0,25 Câu 6 (1,0đ) Cho hình chóp . S ABCD có đáy ABCD là hình thoi cạnh a , góc  0 60 ABC  . Hình chiếu Từ giả thiết có tam giác ABC đều, cạnh bằng a . Gọi 3 3 3 3 3 2 4 4 a O AC BD BO BD a HD BD a          2 2 2 2 2 2 27 5 5 2 16 16 4 a a a SH SD HD a SH       0,25 H O M C A D B S Diện tích tứ giác ABCD là  2 2 0 3 . .sin sin 60 2 ABCD a S AB BC ABC a    Thể tích khối chóp . S ABCD là 2 3 . 1 1 5 3 15 . . 3 3 4 2 24 S ABCD ABCD a a a V SH S    0,25 2 2 2 2 2 5 3 2 16 16 2 a a a SB SH HB SB      . ( ) BD AC AC SBD AC OM AC SH          . Diện tích tam giác MAC là 2 1 1 1 2 2 . . 2 4 4 2 8 MAC a a S OM AC SB AC a      . 0,25     // //( ) ( , ) ( ,( )) ,( ) ,( )SB OM SB MAC d SB CM d SB MAC d S MAC d D MAC          3 . . 1 1 1 1 1 15 ,( ) . . ,( ) . 3 3 2 2 4 96 M ACD ACD ABCD S ABCD a V d M ABCD S d S ABCD S V       . Mặt khác     3 . . 2 15 3 1 30 32 ,( ) . ,( ) 3 8 2 8 M ACD M ACD MAC MAC a V a V d D MAC S d D MAC S a        0,25 Câu 7 (1,0đ) Trong mặt phẳng tọa độ Oxy , cho tam giác ABC có …………………… Gọi 1 2 : 3 0; : 5 0 d x y d x y     Tọa độ điểm A là nghiệm của hệ 3 0 0 (0;0) 5 0 0 x y x A x y y               . 0,25   ;2 C C c c   . 1 : 3 0 BC d BC x y m      . Điểm   ;2 3 2 0 2 2 : 3 2 2 0 C c c BC c c m m c BC x y c                 Gọi M là trung điểm cạnh BC. Tọa độ của M là nghiệm của hệ 5 5 5 0 5 5 1 7 ; 3 2 2 0 1 7 7 7 c x x y c c M x y c c y                                  Gọi G là trọng tâm tam giác. Ta có 2 5 5 10 10 . 2 3 7 21 2 1 2 2 3 . 3 7 21 G G G G c c x x AG AM c c y y                              0,25   10 52 2 128 2; 4 ; ; 21 21 c c EC c c EG                 Do , ,E G C thẳng hàng nên ; EC EG   cùng phương 0,25 2 10 52 2 128 1 21 21 5 6 0 6 (6; 4) 6 2 4 c c c c c c C c c c                        Với     2 4 6 5; 1 4;2 2 2 B M C B M C x x x c M B y y y               0,25 Câu 8 (1,0đ) Giải hệ phương trình 2 1 1 (1) ( 1) 1 ( , ) 8 9 ( 1) 2 (2) y y x x x y x y y x y                  . Điều kiện xác định 1, 0x y   2 2 2 2 2 1 1 1 1 1 ( 1) 1 ( 1) 1 1 ( 1) ( 1) 1 0 1 1 0 ( 1) ( 1) y y y y xy y y x x x x x y y x x y x yx y xy y yx y y x y x                                      0,25 Với 2 ( 1) y x   , thay vào (2) ta có 2 8( 1) 9 ( 1) 1 2 x x x       Xét 1x   . Đặt 1,( 0) t x t    . Ta có phương trình 2 2 2 2 4 2 4 2 2 2 1 8 9 2 8 9 4 4 4 5 0 5 5 5 5 1 5 5 t t t t t t t t t t t t x y                                 . 0,25 Xét 1x   . Đặt 1,( 0) t x t    . Ta có phương trình 2 2 4 2 4 2 2 2 2 2 2 2 6 41 8 9 4 4 12 5 0 8 9 2 6 41 2 0 2 2 t t t t t t t t t t t t                                             Hệ vô nghiệm. 0,25 Với ( 1) 1 x y    , thay vào (2) có 1 8 9 2 0 y y y     (3). Vì 0 8 9 9 8 9 3 y y y         Phương trình (3) vô nghiệm. Vậy phương trình đã cho có nghiệm 1 5 5 x y          . Chú ý: Không nêu kết luận cũng cho điểm ý này. 0,25 Câ u 9 (1,0đ) Cho các số dương , ,x y z thỏa mãn x y và ( )( ) 1 x z y z   . Tìm giá trị nhỏ nhất của biểu th ức 2 2 2 1 4 4 ( ) ( ) ( ) P x y x z y z       . Đặt x z a   . Từ giả thiết ta có ( )( ) 1x z y z    , suy ra 1 y z a   . Do 1x y x z y z a        . Ta có 2 1 1 ( ) a x y x z y z a a a          2 2 2 2 2 2 2 2 2 2 2 4 4 4 3 ( 1) ( 1) a a P a a a a a a a          0,25 Khi đó 2 2 2 2 3 4 ( 1) a P a a     0,25 Đặt 2 1t a  . Xét hàm số 2 ( ) 3 4 ( 1) t f t t t     với 1 t  . Ta có 2 3 1 '( ) 3 '( ) 0 ( 2)(3 3 2) 0 2 ( 1) t f t f t t t t t t               0,25 Từ bảng biến thiên có ( ) 12, 1 f t t    . Từ (1) và (2) 12P  . Dấu đẳng thức xảy ra khi 2 1 2 x z y z          . Chẳng hạn 1; 2 1 1 1 2 1 1 2 2 x z y              .Vậy giá trị nhỏ nhất của P là 12. 0,25 t 1  '( )f t ( )f t 2 0  12  . cầu (S) là: 2 2 2 ( 3) 14 x y z     . 0,25 Với 29 29 686 ( ;0;0) 5 5 5 x I IA      Phương trình mặt cầu (S) là: 2 2 2 29 686 5 25 x y z           . 0,25 Câu 6.    0,25 2 2 2 2 2 2 14 (2 ) 13 2 8 14((2 ) 13) (2 8) 3 14( 4 17) 4 32 64 10 88 174 0 29 5 x x x x x x x x x x x x                            0,25. được sử dụng tài liệu. Giám thị không giải thích gì thêm. Họ và tên thí sinh: ; Số báo danh: 29 ĐÁP ÁN – THANG ĐIỂM - ĐỀ THI THỬ LÂN 1 KÌ THI THPT QUỐC GIA NĂM 2015 MÔN: TOÁN (Đáp án - thang