Thông tin tài liệu
ỨNG DỤNG NGHIỆM CỦA PHƯƠNG TRÌNH BẬC BA VÀO CHỨNG MINH BẤT ĐẲNG THỨC Xét phương trình bậc ba: 32 xmxnxp0 (*) Đặt: m xy 3 ; 23 m2m9mn27p n; 327 . Ta thu được phương trình 3 yy0 (**) Số nghiệm của (**) chính là số giao điểm của đồ thị 3 (C):f(y)yy với trục hoành Ta có: 2 f'(y)3y Nếu 0 thì f'(y)0, y nên phương trình (**) có đúng 1 nghiệm Nếu 0 thì phương trình (**) có nghiệm bội ba. Nếu 0 thì f'(y)0 có hai nghiệm 12 y; y 33 12 22 fy, fy 3333 Suy ra 323 2 12 4274 fy.fy 2727 . Do đó, ta có: Phương trình (**) có ba nghiệm khi và chỉ khi: 32 12 fy.fy04270 . Hay là: 3 32 27p2m9mn2m3n (1). Từ nhận xét trên ta thấy: Với ba số thực a,b,c . Đặt m(abc), n(abbcca), pabc . Khi đó a,b,c là ba nghiệm của phương trình : 32 xmxnxp0 . Và m,n,p thoả bất đẳng thức (1). Bây giờ ta đi xét một số trường hợp đặc biệt sau: 1) Cho m0 khi đó (1) trở thành: 3223 4 4n27p0pn 27 Ví dụ 1. Cho các số thực a,b,c không đồng thời bằng 0 thỏa abc0 . Tìm giá trị lớn nhất của biểu thức: 222 2223 13abc2abc2 P (abc) . Lời giải. Đặt nabbcca, pabc Suy ra a,b,c là ba nghiệm của phương trình : 3 xmxn0 (4) Ta có: 2332 427 pnnp 274 . Do đó: 2 2322 271 13p2p22n13p2p2pp10 22 Suy ra: 3 23222 13p2p22n13abc2ab22abbcca Mà: 2222 1 (abc)0abbccaabc 2 Dẫn tới: 3 222222 11 13abc2abc2abcP 44 . Đẳng thức xảy ra n2 a,b,c m3 là ba nghiệm của phương trình 32 x3x20(x1)(x2)0x1,x2 Vậy 1 maxP 4 đạt được khi (a,b,c)(1,1,2) và các hoán vị. Ví dụ 2. Cho các số thực a,b,c có tổng bằng 0. Tìm giá trị nhỏ nhất của biểu thức 5 222222 Pabc32abbccaabc8abc . Lời giải. Đặt nabbcca, pabc Suy ra a,b,c là ba nghiệm của phương trình : 3 xnxp0 (4) Ta có: 233232 42727 pnnpnp 2744 . Vì 222 abc0abc2(abbcca)2nn0 . Do đó: 5252 P32n32np8p32(n)(n)p8p 3 3 64np8p854pp . Xét hàm số 3 f(t)54tt,t0 ta có: 2 2 f'(t)162t1,f'(t)0t 18 . Lập bảng biến thiên ta có t0 22 minf(t)f 1827 Suy ra 82 P 27 . Đẳng thức xảy ra khi 3 2 p 18 1 n 24 hay a,b,c là nghiệm của phương trình 2 3 333 33 121212 tt0tt0t,t 18 99 24 6363 . Vậy 82 minP 27 . Đạt được khi 3 3 12 ab,c 9 63 và các hoán vị. 2) Cho 2 nkm , khi đó (1) trở thành: 3 33 27p(29k)m2m13k . Ví dụ 3. Cho các số thực a,b,c thoả 222 abc2(abbcca) . Tìm giá trị nhỏ nhất của biểu thức: 3 4 1 Pabcabc (abc) . Lời giải. Đặt m(abc), nabbcca, pabc , suy ra a,b,c là ba nghiệm của phương trình 32 tmtntp0 Từ giả thiết ta suy ra: 2 2 m abc4abbccan 4 . Suy ra 3 3 33 m m 27p108pmm 44 332 p(54pm)0pm54p Do đó: 322222 3 4444 1111 Ppm54p27p27p327p.27p27 pppp (đpcm). Đẳng thức xảy ra 2 2 4 3 m n 4 1 27p p 54pm , chẳng hạn ta chọn 3 3 1 p 3 m183 972 n 4 hay a,b,c là nghiệm của phương trình: 2 3 3 3 3 32 97211834 t183tt0tt0 46 33 . Vậy minP27 đạt được khi 3 3 1834 ab,c 6 3 và các hoán vị. Ví dụ 4. Cho các số thực a,b,c thoả 222 2abc5abbcca . Chứng minh rằng: 2 3 1 abcabc10 27 . Lời giải. Đặt mabc,nabbcca,pabc ta suy ra a,b,c là ba nghiệm của phương trình : 32 xmxnxp0 . Từ giả thiết ta suy ra: 22 2 2m2n5nnm 9 Mặt khác: 3 32 27p2m9mn2m3n nên suy ra 62 3262 3 mp 27p227.p4m27m 274 Do đó: 2 2 3 1p abc 274 Ta chứng minh: 2 2 3 3 pp p110 42 (luôn đúng). Đẳng thức xảy ra khi 2 p2 p2 m27m33 n6n6 , hay a,b,c là ba nghiệm của phương trình 22 t33t6t20 . 3) Xét 2 m3nc , c là hằng số cho trước. Ví dụ 5. Cho các số thực a,b,c thoả 222 abcabbcca4 . Tìm giá trị nhỏ nhất của biểu thức: 2 P18abbccaabbccaabc489abc . Lời giải. Đặt m(abc), nabbcca, pabc Từ giả thiết ta suy ra: 2 2 abc3abbcca4m3n4 . Mặt khác : 3 32 27p2m9mn2m3n Suy ra 27p2m3n49mn1827p3mn8m16 8m16 mn9p 3 Mặt khác: 2 P18abbcca48abbccaabbccaabc9abc 2 23abbcca4abbccaabc9abc16 2 2abcabbccaabc9abc16 444 8m161 2mmn9p162m166m8m64 33 . Xét hàm số 4 f(m)6m8m64 , ta có: 3 3 1 f'(m)24m8f'(m)0m 3 . Suy ra 33 16 fmf64 33 . Nên 3 12 P64 3 3 . Đẳng thức xảy ra khi và chỉ khi 3 3 3 1 m 3 11 n4 3 9 1447 p 99 3 , suy ra a,b,c là nghiệm của phương trình : 32 333 1111447 tt4t0 399 393 . Vậy 3 12 minP64 3 3 . Ví dụ 6. Cho các số thực a,b,c thoả 222 abcabbcca1 . Chứng minh rằng: 2 2 (abc)43abbcca18abc . Lời giải. Bất đẳng thức cần chứng minh tương đương với 2 2 P(abc)3abbcca18abc4 (*) Đặt m(abc), nabbcca, pabc Từ giả thiết ta suy ra: 2 2 abc3abbcca1m3n1 Mặt khác : 3 32 27p2m9mn2m3n Suy ra 323 27p2m3m(m1)227pm3m2 3 27pm3m2 Do đó: 222223 3P3m9n54p3m(m1)2m3m2 43222 m2m5m6m3(mm3)1212 . Đẳng thức xảy ra khi 2 2 3 mm30 m1 n 3 1 pm3m2 27 , ta chọn 113 m 2 513 n 6 1113 p 54 Hay a,b,c là ba nghiệm của phương trình 32 1135131113 ttt0 2654 . Vậy maxP12 . Ví dụ 7. Cho các số thực dương a,b,c thoả 3 abc32abc . Tìm giá trị lớn nhất, giá trị nhỏ nhất của biểu thức: 444 4 abc P abc . Lời giải. Chuẩn hoá abc2abc4 . Đặt nabbcca , suy ra 3 18n91163n 32 3n12n108n4650 2 155 (n5)(3n3n93)05n 2 . Mặt khác: 2 444222222222 abcabc2abbcca 2 22 162n2n162n64n288 Nên 4442 11 Pabcn32n144 256128 Vì hàm 2 f(n)n32n144 nghịch biến trên 551 5; 2 nên ta suy ra 19 maxPf(5) 128128 và 15513831655 minPf 12822 .
Ngày đăng: 27/04/2014, 07:02
Xem thêm: PHƯƠNG PHÁP SỬ DỤNG PHƯƠNG TRÌNH BẬC 3 TRONG BĐT, PHƯƠNG PHÁP SỬ DỤNG PHƯƠNG TRÌNH BẬC 3 TRONG BĐT