NGÔ TIẾN ĐẠT - ngodat2012@yahoo.com.vn PHƯƠNG PHÁP HÀM SỐ VỚI CÁC BÀI TOÁN PHƯƠNG TRÌNH CÓ CHỨA THAM SỐ Trong đề thi đại học những năm gần đây phần nhiều các bài tập câu 4b về phương trình , hệ phương trình có sử dụng phương pháp hàm số . Sau đây tôi xin giới thiệu một vài kĩ năng sử dụng phương pháp đó Ta thường gặp một số dạng toán sau: *Sử dụng tính đơn điệu đưa 2 dạng cơ bản là f(x)=g(m) và f(x)=f(y) với f(t) là hàm đơn điệu. *Sử dụng việc khảo sát sự biến biến thiên để tìm điều kiện có nghiệm hoặc biện luận số nghiệm của phương trình hoặc hệ phương trình. Trong quá trình làm 2 dạng trên nhiều trường hợp ta phải đánh giá dấu của đạo hàm dựa vào phương pháp hàm số hoặc sử dụng các bất đẳng thức quen thuộc : Côsi , Bunhiacopxki, Bài1 . Chứng minh rằng với mọi m>0 phương trình sau luôn có nghiệm (1) Giải Vì nên ĐKXĐ: (*) do m>0 nên (*) (2) Xét hàm số : do đó hàm số f(x) đồng biến trên mà nên phương trình (2)(3) Với thì (4) Xét hàm số : g(x)=, g’(x)>0 , Từ Bảng biến thiên suy phương trình (4) luôn có nghiệm điều này cũng có nghĩa là phương trình (1) có nghiệm. *Nhận xét : Cách làm chính của dạng bài này chính là +Đưa phương trình ( hệ phương trình ) về dạng f(x)=f(y) , x,y thuộc D và hàm f(t) đơn điệu trên D +Phần còn lại là sử dụng bảng biến thiên của hàm g(x) để biện luận số nghiệm. Bài 2. Tìm a để phương trình sau có đúng hai nghiệm phân biệt (1). Giải Vì x=0 không là nghiệm của phương trình nên chia 2 vế phương trình cho x 3 ta được : Đặt thì x 2 –tx+1=0 , để tồn tại x thì Phương trình trở thành : t 3 + 3t 2 -9t = a + 6 (2) 2 2 2 x mx 2 log 2x x mx 2 1 2x 1   + + = − + + −  ÷  ÷ −   2 x mx 2 0+ + ≥ 2 x mx 2 0 2x 1 0  + + >  − >  1 x 2 ⇔ > ( ) ( ) 2 2 2 2 1 log x mx 2 x mx 2 log 2x 1 2x 1⇔ + + + + + = − + − ( ) ( ) 2 f x log t t;t 0;= + ∈ +∞ ( ) ( ) 1 f ' x 1 0, t 0; t ln 2 = + > ∀ ∈ +∞ ( ) 0;+∞ 2 x mx 2 0;2x 1 0+ + > − > 2 x mx 2 2x 1⇔ + + = − 1 x 2 > ( ) 2 2 1 3 x mx 2 4x 4x 1 m 3x 4 x ⇔ + + = − + ⇔ = − − 1 1 3x 4 ;x ; x 2   − − ∈ +∞  ÷   1 x ; 2   ∀ ∈ +∞  ÷   1 x , m 0 2 > ∀ > 6 5 4 3 2 x 3x 6x ax 6x 3x 1 0+ − − − + + = 3 2 3 2 1 1 1 x 3 x 6 x a x x x       + + + − + =  ÷  ÷  ÷       1 t x x = + 2 t 4 0 t 2∆ = − ≥ ⇔ ≥ NGÔ TIẾN ĐẠT - ngodat2012@yahoo.com.vn Để ý rằng với phương trình đã cho có đúng 1 nghiệm x , còn với mỗi t mà |t| >2 cho tương ứng với 2 giá trị của x. Do đó , (1) có 2 nghiệm phân biệt (2) có 2 nghiệm hoặc có đúng 1 nghiệm t sao cho |t| >2 *TH1 : (2) có 2 nghiệm không thoả mãn. *TH2 : (2) có đúng 1 nghiệm t sao cho |t| >2 Xét hàm số y=t 3 +3t 2 -9t với BBT t -∞ -3 -2 1 2 +∞ y’ + 0 - 0 + y 27 22 -∞ +∞ 2 Từ BBT ta có 2) có đúng 1 nghiệm t sao cho |t| >2. KL: giá trị của a thoả mãn *Nhận xét : Đây là dạng toán gặp khá nhiều , khi làm cần lưu ý +Đặt ẩn phụ t chuyển sang phương trình mới với ( cần đánh giá để được miền giá trị của t ứng với miền giá trị của x ). +Đưa phương trình về dạng cơ bản f(t)=g(m) , . Bài 3 : Tìm m để phương trình : sin 3 x=cosx(x 3 +m 3 ) (1) có nghiệm trên nửa khoảng . Giải Do nên phương trình tương đương với : . Xét hàm số Áp dụng BĐT Bunhiacopxki cho 2 số ta có Ta chỉ cần chứng minh là xong Xét hàm số g(x)=tgx+2sinx-3x , , nên hàm đồng biến trên nửa khoảng hay g(x)>g(0)=0, . Như vậy , do đó , hàm số đồng biến t 2 t 2 = −   =  ⇔ t 2= ± t 2= ± 2 a 6 22 a 6 = +  ⇔  = +  ( ) ( ) t ; 2 2;∈ −∞ − ∪ +∞ 2 t 1 y’ 3t 6t 9 0 t 3 =  = + − = ⇔  = −  a 6 27 a 21 a 6 2 a 4 + > >   ⇔ ⇔   + < < −   a 21 a 4 >   < −  t D∈ t D∈ π 0; 3       π x 0; 3   ∈     2 3 3 tgxsin x x m− = ( ) 2 3 f x =tgxsin x x− ( ) 2 2 2 f ' x tg x 2sin x 3x= + − ( ) ( ) ( ) ( ) 2 2 2 2 2 2 tgx 2sin x tg x 2sin x 1 2 tgx 2sin x tg x 2sin x 3 + + + ≥ + ⇒ + ≥ π tgx 2sinx 3x; x 0; 3   + > ∀ ∈     π x 0; 3   ∈     ( ) 3 2 2 1 1π g ' x 2cos x 2 3 cos x cos x 3 0; x 0; cos x cos x 3   = + − ≥ − = ∀ ∈     π 0; 3       π x 0; 3   ∀ ∈     ( ) ( ) ( ) 2 2 2 2 2 2 2 tgx 2sin x 3x f ' x tg x 2sin x 3x 3x 3x 0 3 3 + = + − ≥ − ≥ − = π 0; 3       NGÔ TIẾN ĐẠT - ngodat2012@yahoo.com.vn trên nửa khoảng . Từ đó ta có , phương trình (1) có nghiệm . *Nhận xét : Với dạng bài tập này ( vẫn là dạng f(x)=g(m) , m là tham số ) điều quan trọng là +Nếu với yêu cầu “tìm điều kiện để phương trình có nghiệm “ thì chỉ cần tìm miền giá trị của hàm f(x) bằng phương pháp hàm số hoặc sử dụng bất đẳng thức. +Nếu với yêu cầu “tìm điều kiện để phương trình có k nghiệm “ thì thông thường ta hướng tới việc khảo sát sự biến thiên của hàm f(x). Bài viết của tôi còn một điều chưa làm được đó chính là “ khi nào , gặp dạng toán như nào” thì sử dụng phương pháp này , rất mong được các bạn cùng trao đổi để bài viết được tốt hơn. BÀI TẬP TỰ LUYỆN Bài 1 . Tìm m để phương trình sau có nghiệm : HD : xét sự biến thiên của hàm Bài 2 . Tìm a để phương trình có đúng 1 nghiệm HD : phương trình trở thành Và xét sự biến thiên của hàm số Bài 3. Chứng minh rằng với hệ sau luôn có nghiệm duy nhất HD : để ý từ hệ suy ra được thay vào phương trình (1) và đặt được phương trình : đến đây khảo sát hàm ở vế trái chứng minh nó là hàm đồng biến trên (0;+∞) Bài 4. Tìm m để phương trình có nghiệm duy nhất a, b, Bài 5 . Tìm m để phương trình có nghiệm a, b, Bài 6. Tìm m để phương trình sau có 3 nghiệm phân biệt ( ) 3 3 3 π 3 3 π f 0 m f 0 m 3 4 27   ⇔ < ≤ ⇔ < ≤ −  ÷   2 2 x x 1 x x 1 m+ + − − + = 2 2 y x x 1 x x 1= + + − − + 2 ax 1 cos x+ = π x 0; 2   ∈  ÷   2 2 2 2 x x 2sin sin 1 cos x 1 2 2 x x x 2 2    ÷ − = =  ÷  ÷   2 x sin 2 2a x 2    ÷ − =  ÷  ÷   sin tπ y ;t 0; t 4   = ∈  ÷   m R∀ ∈ 3 2 4 2 2 2 3 yx m y (1) x y 2y xπ y (2)  = +   + = −   x y 0≥ > ( ) ( ) 2 2 π 1 y x yπ x y y ⇔ + = ⇔ = − t y= ( ) 3 9 2 3 t m tπ t 0+ − − = 2 2 x 4 x 8 2x x m+ + − − + − = 4 4 x 1 x x 1 x m+ − + + − = 2 2 cos x 2 cos x cos x 2 cos x m+ − + − = ( ) ( ) 4m 3 x 3 3m 4 1 x m 1 0− + + − − + − = 5 5 x m 5 5x m− = + . ngodat2012@yahoo.com.vn PHƯƠNG PHÁP HÀM SỐ VỚI CÁC BÀI TOÁN PHƯƠNG TRÌNH CÓ CHỨA THAM SỐ Trong đề thi đại học những năm gần đây phần nhiều các bài tập câu 4b về phương trình. trình , hệ phương trình có sử dụng phương pháp hàm số . Sau đây tôi xin giới thiệu một vài kĩ năng sử dụng phương pháp đó Ta thường gặp một số dạng toán sau: *Sử