... + b2 Ta ý đến đẳngthức sau 4a2+b2+c2=2a2+(a2+b2)+(a2+c2) sửdụngbấtđẳngthức Cauchy- Schwarz ta phân tích sau (a + b + c) a2 b2 c2 = ≤ + + 4a + b + c 2a + ( a + b ) + ( a + c ) 2a a + b a + ... đẳng Cauchy- Schwarz ta a2 a2 a2 1 = ≤ ( + ) 222 3a + (b + c) (2a + 2bc) + (a + b + c ) 2a + 2bc a + b + c Sửdụng ước lượng ta a2 a2 a2 a2 ≤ ( + ( ) ≤ ( ∑ 3a + (b + c )2 ∑ 2a + 2bc ∑ a + b2 ... có a2 b2 c2 + + ≤ 222 3a + (b + c) 3b + (a + c) 3c + (a + b) Lời giải Chú ý đẳngthức xảy điểm (a,b,c)=(t,t,0) (t ∈ R) hoán vị Ta ý đến đẳngthức 3a2+(b+c )2= (2a2+2bc)+(a2+b2+c2) Từ sửdụng bất...
... ý đẳngthức xảy điểm (a,b,c)=(t,t,0) (t R) hoán vị Ta ý đến đẳngthức 3a2+(b+c )2= (2a2+2bc)+(a2+b2+c2) Từ sửdụngbấtđẳng Cauchy- Schwarz ta a2 a2 a2 1 ( ) 222 3a (b c) (2a 2bc) ... 2 Cauchy- Schwarz inequality Lời giải Sửdụng tư tưởng Ta cố gắng tìm đẳngthức Ta ý đến đẳngthức sau ( a ,b , c a2 b2 )3 a b2 a b2 Ta ý đến đẳngthức sau 4a2+b2+c2=2a2+(a2+b2)+(a2+c2) ... ) 2a 2bc a b c Sửdụng ước lượng ta a2 a2 a2 a2 ( ( 2 ) ( 1) 3a2 (b c )2 2a 2bc a b c 2a bc a2 b2 c2 1 Cuối ta cần chứng minh 2a bc 2b ca 2c ab Bất đẳng...
... đó: (2b + c + a )2 (2c + a + b )2 (2a + b + c )2 + + ≤8 2a2 + (b + c )2 2b2 + (c + a )2 2c2 + (a + b )2 tương đương 2( b + c − a )2 2(c + a − b )2 2(a + b − c )2 + + ≥1 2a2 + (b + c )2 2b2 + (c + a )2 2c2 + ... a2 + b2 ≥ (a + b )2 từ ta có: (a + b )2 ≤ 2( a2 + b2 ), (b + c )2 ≤ 2( b2 + c2 ), (a + c )2 ≤ 2( a2 + c2 ) nên V T (1) = 2( b + c − a )2 2(c + a − b )2 2(a + b − c )2 + + 2a2 + (b + c )2 2b2 + (c + a )2 2c2 ... bấtđẳngthức cho viết lại 2( b + c − a )2 2(c + a − b )2 2(a + b − c )2 + + ≥1 2a2 + (b + c )2 2b2 + (c + a )2 2c2 + (a + b )2 (1) Bây chứng minh Bấtđẳngthức (1) Áp dụngbấtđẳngthứcCauchy Schwarz...
... e-iz) = ∑ ( + )z n = - z2 + z4 + = 2! 4! n! n! n n (−1) n n ∑ (2n)! z n =0 +∞ T−¬ng tù khai triÓn iz -iz 1 (e - e ), ch z = (ez + e-z), sh z = (ez - e-z) sin z = 2i 2 +∞ m ( m − 1) m(m − 1) ... + 1) n (1 + z)m = + mz + z +… = ∑ z n! 2! n =0 Víi m = 1 = - z + z2 - … = +∞ ∑ (−1) n n z 1+ z n =0 Thay z b»ng z2 +∞ = - z2 + z4 - … = ∑ ( −1) n z n + z2 n =0 Suy dζ ∫1+ ζ = z ln(1 + z) = z n ... tính theo công thức sau n +∞ cn = lim n → +∞ c n +1 n (4 .2. 2) | cn | Chøng minh LËp luËn tơng tự chuỗi luỹ thừa thực Kí hiệu + S(z) = ∑c n =0 n (z − a ) n với z B(a, R) (4 .2. 3) Kết hợp tÝnh...
... minh bấtđẳngthức sau: a2 b2 c2 a+b+c + + ≥ 2b + c 2c + a 2a + b Giải: Áp dụngbấtđẳngthứcCauchy ta có: a2 2b + c a 2b + c 2a (1) ; + 2 = 2b + c 2b + c 26 b2 2c + a 2b c2 2a + b 2c (2) ; ... Giải: Áp dụngbấtđẳngthứcCauchy ta có: 2a + c2 c2 ≥ 2a = 2ac 2 2b + c2 c2 ≥ 2b = 2bc 2 a + b ≥ a b = 2ab Cộng theo vế bấtđẳngthức trên, ta có: 3a + 3b + c ≥ 2( ab + bc + ca ) = 2. 5 = 10 ... b2 b2 a2 a2 + a ≥ 2b (2) ; + c ≥ 2b (3) ; +b ≥ b = 2a (1); a c b b c2 c2 a2 + b ≥ 2c (4) ; + a ≥ 2c (5) ; + c ≥ 2a (6) b a c Cộng theo vế bấtđẳngthức từ (1) đến (6) ta được: a2 b2 b2 c2 c2...
... hạng sửdụng 27 27 bấtđẳngthứcCauchy với n = 3: a3 ( b + 2c ) + b + 2c 27 + b + 2c 27 ≥ 33 a3 ( b + c) b + 2c b + 2c a = 27 27 Dấu đẳngthức xảy khi: a3 ( b + 2c ) = b + 2c ⇔ 27 a = ( b + 2c ... đẳngthức xảy khi: a3 ( b + 2c ) = b + 2c ⇔ 27 a = ( b + 2c ) ⇔3a = b + 2c 27 Tương tự, ta có: b3 ( c + 2a ) + c + 2a 27 + c + 2a 27 ≥ b (Dấu đẳngthức xảy 3b = c + 2a ) c3 ( a + 2b ) + a + 2b ... = b + 2c 27 Ta làm tương tự với số hạng khác thu bấtđẳngthức cần chứng minh Giải Áp dụngbấtđẳngthức Cauchy, ta có: a3 ( b + 2c ) + b + 2c b + c a3 b + c b + 2c a + ≥33 = 27 27 27 27 ( b...
... -1) cđa tr−êng v« h−íng u = x2 + y2 - z2 điểm A(1, 1, -1) Ta cã ∂u ∂u ∂u 1 (A) = (A) = 2, (A) = -2 v cosα = cosβ = , cosγ = ∂x ∂y ∂z 3 Suy ∂u 1 (A) = +2+2 =2 e 3 2 Gradient Cho trờng vô h−íng ... dụ Tr−êng v« h−íng u = x2 + y2 + z2 gọi l trờng bán kính, mặt mức l mặt cầu đồng tâm : x2 + y2 + z2 = R2 Cho điểm A D v vectơ đơn vị e 33 Giới hạn u u ( A + te ) − u ( A ) (A) = lim t e t ... mức (đẳng trị) qua điểm A Do tính đơn trị h m số, qua ®iĨm A chØ cã nhÊt mét mỈt møc Hay nói cách khác mặt mức phân chia miền D th nh lớp mặt cong rời Ví dụ Tr−êng v« h−íng u = x2 + y2 + z2 gọi...
... (5.7 .2) v c«ng thức tính thặng d cực điểm đơn Ví du H m F(z) = 3z + 3z + có cực điểm đơn a = v b = -2 ± 2i (z − 2) (z + z + 8) Ta cã A (2 ) A ( 2 + i ) = 1, = + i ⇒ M = 1, N = B (2 ) B ′( 2 + 2i ... Ta cã A (2 ) A ( 2 + i ) = 1, = + i ⇒ M = 1, N = B (2 ) B ′( 2 + 2i ) 4 Suy f(t) = e2t + 2e-2t(cos2t - sin2t) HƯ qu¶ Cho F(z) ∈ A(s0) v cã khai triĨn Laurent trªn miỊn | z | > R Khi ®ã +∞ +∞ ... đạo h m qua dấu tích phân nhận đợc công thức + z P+(s0), F’(z) = − ∫ tf (t )e − zt dt ánh xạ L : G(s0) H(P+(s0)), f(t) F(z) (5.6 .2) xác định theo công thức (5.6.1) gäi l phÐp biÕn ®ỉi Laplace...
... F(ω) = ∫ δ(ω)e itω 1 2 + = λ − iω λ + iω λ + ω dω = ↔ F(ω) = 2 δ(ω) −∞ T ∫e − iωt dt = −T sin Tω ω +∞ ( sin ωT sin ωT iωt ↔ F (t) = ∫ 2 ω e dω f(t) ngoại trừ điểm t = T ω 2 − T ( sin Tt 1 ) ... e Vi e w N y bu to k c +∞ ixt ∫∞H(λt )e dt 2 − (5 .2. 1) Bæ ®Ị C¸c h m H(t) v hλ(x) cã c¸c tính chất sau t 3, < H(t) ≤ lim H(λt) = λ →0 λ hλ(x) = π 2 + x ∀ (λ, x) ∈ × * + lim H(λt) = λ → +∞ ... ( λ + ix ) t 1 λ ∫e dt + ∫ e ( − λ + ix ) t dt = π λ + ix − − λ + ix = π 2 + x 2 Theo định nghÜa tÝch chËp v h m hλ +∞ +∞ +∞ ∫ f (x − y)e i ( x − y ) t dy H(λt...
... , Γ : x2 + y2 = 2x 2 (z + 1) Γ dz , Γ : 4x2 + 2y2 = +1 11 Tính tích phân xác định sau d b (1 + cos ϕ) dϕ a ∫ + cos ϕ c dϕ ∫ 13 + 12 sin 12 Tìm số nghiệm đa thức miền D sau a z5 + 2z2 + 8z ... = v a = ∞ z 2 z(1 − z) c z2 e z , a = v a = ∞ d cos z − 4z ,a =2 ( z 2) Tìm chuỗi Laurent cđa h m f c¸c miỊn D sau a z 2z + , 1
... ) f (z) Suy NΓ(f + g) 1+ ∆ΓArg[f(z) + g(z)] = 2 g( z ) = ∆ΓArg[f(z)(1 + )] 2 f (z) = f (z) g( z ) g( z ) 1 ∆ΓArgf(z) + ∆ΓArg(1 + ) = NΓ(f) 22 f (z) Hệ (Định lý DAlembert - Gauss) Mäi ®a ... Theo công thức Newtown - Leibniz v định nghĩa h m logarit phøc f ′(z) ∫ f (z) dz = ∫ d[ln f (z)] = ∆ΓLnf(z) = ∆Γln| f(z) | + i∆ΓArgf(z) = i∆ΓArgf(z) Γ Γ KÕt hỵp víi công thức (4.8 .2) suy hệ sau ... = q f ′(z) dz = πi ∫ f (z) Γ p q k =1 j =1 ∑ nk − ∑ mj = N - M (4.8 .2) Chứng minh Kết hợp định lý trên, công thức tích phân Cauchy v lập luận tơng tự hệ 1, Đ7 Ta xem không điểm cấp n l n không...
... )160 24 3 x yz 81 480 24 3 823 82 823 1 1 82 82 y 82 82 81 160 2 81 y 81 y 81 y y 82 1 81 3 480 82 243 Kĩ thuật sửdụngbấtđẳngthứcCauchy giải toán Trường THPT Nguyễn ... -Trong đề tài tơi sửdụngbấtđẳngthứcCauchy để giải (mặc dù ta sửdụngbấtđẳngthức khác chẳng hạn Cauchy- Schwarz để giải ngắn gọn) với mục đích giúp em hs hiểu rõ bấtđẳngthứcCauchy G.PHƯƠNG ... lai cần bậc 2. Ta để ý làm sau : P c (a b )2 b6 (c a )2 a (b c )2 16 1 (2c )3 (a b ) (2b )3 (c a ) (2a )3 (b c ) 2222 6c 2a 2b 6b 2c 2a 6a 2b 2c ...
... b2 b2 c c a 8a 2b 2c a, b, c Giải Sai lầm thường gặp: Sử dụng: x, y x2 - 2xy + y2 = ( x- y )2 ≥ a b2 2ab b2 c 2bc c a 2ca x2 + y2 ≥ 2xy Do đó: a b2 b2 c c a Ví dụ: 8a 2b 2c a, b, c (Sai) 24 = 2. 3.4 ... 2: Chứng minh rằng: a b2 b2 c bc ca ab a b c a b c c2 a2 b c a a b c Dấu “ = ” xảy a = b = c abc Giải 16 Áp dụng BĐT Cơsi ta có: a2 b2 b2 c2 b2 c2 c2 a2 c2 a2 a2 b2 a b2 b2 c b2 c c2 a2 a2 ... x1 x2 xn x1 1 x2 xn 24 Vì xi với i, suy ra: x1 xi nên xi x1 x2 xn 1 x2 xn Dấu “=” xảy x1 = x2 = … = xn = Bài 6: x2 x2 y2 y2 2z2 z2 Giải hệ phương trình: z Tương tự: 2x y2 y2 x 2x2 2x 2x x2...