... a a a n n n1 1 1 và ( )= 1 2. Khi đó ta có : ( ) ! , ( ) ( ) ( ) ( ) ( )35 3 3 3 3 1 3 1 12 2 2 2 2 2 2 2 2 42 111 1 và ( ) ( ) ( )= 7 15 5 5 52 2 2 2 4 1 .Trong các tập dưới đây, ... với M N m N m 11 2 2 là khối lượng của hệ. Từ (2) và (3) ta tìm được : ()( ) ( )jjm ghjkTN m ghttcjjeEEz N kTMg N m N m g N m N m g2 11 2 2 11 2 2 1 1 1 Bài 10 . Biết rằng ... ee2252233 21 1 ( / )[ + ]= [ + ]mgL mgLkT kTmgL kTmgNkT NkTL kT VLee22 1 2 1 333 11 (với VL3) Bài 9. Hỗn hợp hai khí lý tưởng gồm 1 N hạt khối lượng 1 m và 2N hạt...
... λ∆=RZ 1 1588Thay số ta được:3=Z Ion đã cho là ++Li5. 31) Khoảng giữa vạch đầu và vạch cuối:+−−=∆=∆2222 )1( 11 12 1 2nnncRZcπλπω⇒222 )1( 1 cRZnπω∆=+⇔ωπ∆=+cRZn2 1 Từ ... Lyman2 21 34RZ=λVạch đầu của dãy Balmer232536RZ=λDo đó 2 15 88RZ=∆λ ⇒ λ∆=2 1 1588ZRThay số ta được 15 10 097 .1 −×= cmR5.30) Tương tự bài trên ta có:λ∆=2 1 1588ZR⇒ ... Uran2cot4)4( 1 220422202θπεπσgEeZzb==Thay số ta được 2 21 1073.0 cm−×≈σ5 .15 ) a)Áp dụng kết quả của bài 5 .14 13 Chương I Các mẫu nguyên tử cổ điển−=222 11 1kiiknnRZλTa...
... 543 21 AAAAAA=. Do đó: ) (1) (543 21 AAAAAPAP−= %10 004,0. 01, 0.02,0.02,0. 01, 01) ()()()() (1 543 21 ≈−=−=APAPAPAPAP.c) Ở đây muốn mạch chính có điện chỉ cần 1 nhánh có điện.)()() (1) (1) (1) (3 213 21 BPBPBPBBBPAPAP−=−=−=Ở ... điện )3 ,1( =j0298,098,0.99, 01) (1) (1) ( 211 =−=−=−=AAPBPBP02,0)(2=BP05,096,0.99, 01) (1) (1) (5433=−=−=−=AAPBPBPVậy P(A) =1 - 0,0298.0,02.0,05 ≈ 0,99997. Bài tập đè nghị: Bài tập: Một ... P(B) = 0,82 Bài tập: Trong bộ bài có 52 lá, trong đó có 4 lá Át. Lấy ngẫu nhiên 3 lá. Tính xác suất để có:a) 1 hoặc 2 lá Át ?b) Ít nhất 1 lá Át ?Đáp số:a) ≈ 0, 217 b) ≈ 0, 217 4...