bài tập lý thuyết mạch 2 chương 1 phương pháp các thành phần đối xưng

BÀI GIẢNG LÝ THUYẾT MẠCH 1A - CHƯƠNG 3 PHƯƠNG PHÁP SỐ PHỨC PHÂN TÍCH MẠCH ĐIÊN TUYẾN TÍNH Ở CHẾ ĐỘ XÁC LẬP ĐIỀU HÒA

Ngày tải lên : 09/07/2015, 11:06

82
4.8K
1

BÀI GIẢNG LÝ THUYẾT MẠCH 1A - CHƯƠNG 1 KHÁI NIỆM CƠ BẢN VÊ MẠCH ĐIỆN

Ngày tải lên : 20/07/2015, 06:36

75
1.2K
3

Bài giảng Lý thuyết kiểm toán: Chương 4 Phương pháp kiểm toán và kỹ thuật chọn mẫu trong kiểm toán

Ngày tải lên : 30/10/2014, 20:09

9
830
3

bài tập lý thuyết mạch 1

Ngày tải lên : 27/03/2014, 00:03

29
9.7K
11

... 586, 72  2A  50.cos   64,55.sin    314 .1, 8.cos( 17 8.8o )  21 , 72  12 9 ,1. Asin   10 0A cos  Từ (1) (2) ta có Acos  0,54   12 9 ,1. Asin   10 0Acos  21 , 72 Acos  0,0 12 5 5  tg  14 ,18 ...  2. tan x  cos x   M1  M (x l)  cos l  4sin l  1, 915 1  (x l)  arctan  tan l   0, 616 (rad) U1  U M1 1  11 0 .1, 915 0. 615 7  21 0, 62 0, 616  U1(t )  21 0, 62 sin(t  0, 616 ...  10 3   10 4  p  1( p)  E1  C3.U 3(0)  C4 U 4(0) pR1    10 3   10 4  p  1( p)   1( p)  1( p) 0. 12  0.006 p 0. 12  0.006p 24 0  12 p   4 3 p(5  10 p   10 ) p(p  10 ) 24 ...

22
4.7K
13

Bài tập lý thuyết mạch part 1 ppt

Ngày tải lên : 08/08/2014, 17:22

22
1.6K
28

Bài tập lý thuyết mạch part 2 pptx

Ngày tải lên : 08/08/2014, 17:22

22
805
7

BÀI GIẢNG LÝ THUYẾT MẠCH 1A - CHƯƠNG 8 ĐẶC TÍNH TẦN CỦA MẠNG 1 CỬA KHÔNG NGUỒN

Ngày tải lên : 20/07/2015, 06:38

36
1K
1

BÀI GIẢNG LÝ THUYẾT MẠCH 1A - CHƯƠNG 9 MẠNG 2 CỬA(4 CỰC) TUYẾN TÍNH KHÔNG NGUỒN

Ngày tải lên : 20/07/2015, 06:38

111
5.5K
2

BÀI GIẢNG LÝ THUYẾT MẠCH 1A-CHƯƠNG 2 MẠCH ĐIỆN CÓ DÒNG HÌNH SIN

Ngày tải lên : 20/07/2015, 06:40

76
2K
0

Bài tập lý thuyết mạch

Ngày tải lên : 16/08/2013, 19:43

... • İ3 = 0 ,22 6∠–54 ,27 1o • İ4 = 0,569∠ 52, 442o • İ5 = 1, 0 41 –55,359o Hay: • i1(t) = 0, 315 sin( 314 t + 12 7 ,19 6o) (A) • i2(t) = 0,459 sin( 314 t + 12 2 ,25 1o) (A) • i3(t) = 0 ,22 6 sin( 314 t −54 ,27 1o) (A) • ... –J4 + (1 ) (2) ⇔ + – – J4 = ⇔ – φa + ( + + ).φb = J4 (2 ) Giải hệ phương trình (1 ) (2 ) suy ra: φa = 48 ,1 52 10 7,982o φb = 37,363∠ 17 4,681o Suy ra: • 1 = 0, 315 ∠ 12 7 ,19 6o • 2 = 0,459∠ 12 2 ,25 1o • ... i4(t) = 0,5 42 i5(t) = 0,998 (5) İ3=0 ,23 2∠− 62, 011 o (A) • (4) 2= 0,484∠ 12 7 ,095o (A) • (3) sin( 314 t + 12 2 ,439o) (A) sin( 314 t + 12 7 ,095o) (A) sin( 314 t − 62, 001o) (A) sin( 314 t + 61 ,20 3o) (A) sin( 314 t −56,336o)...

6
15.7K
450

Bài tập lý thuyết mạch

Ngày tải lên : 16/08/2013, 20:04

... trình (1 ) (2 ) suy ra: φa = 48 ,1 52 10 7,982o φb = 37,363∠ 17 4,681o Suy ra: • 1 = 0, 315 ∠ 12 7 ,19 6o • 2 = 0,459∠ 12 2 ,25 1o • İ3 = 0 ,22 6∠–54 ,27 1o • İ4 = 0,569∠ 52, 442o • İ5 = 1, 0 41 –55,359o Hay: • i1(t) ... • i1(t) = 0, 315 sin( 314 t + 12 7 ,19 6o) (A) • i2(t) = 0,459 sin( 314 t + 12 2 ,25 1o) (A) • i3(t) = 0 ,22 6 sin( 314 t −54 ,27 1o) (A) • i4(t) = 0,569 sin( 314 t + 52, 442o) (A) • i5(t) = 1, 0 41 sin( 314 t −55,359o) ... i3(t) = 2, 2 32 i4(t) = 0,5 42 i5(t) = 0,998 (5) 2= 0,484∠ 12 7 ,095o (A) • (4) sin( 314 t + 12 2 ,439o) (A) sin( 314 t + 12 7 ,095o) (A) sin( 314 t − 62, 001o) (A) sin( 314 t + 61 ,20 3o) (A) sin( 314 t −56,336o) (A) 2. Tìm...

6
3.9K
88

Bài tập lý thuyết mạch

Ngày tải lên : 16/12/2013, 11:10

217
3.8K
18

Bài tập lí thuyết mạch 2

Ngày tải lên : 05/04/2014, 12:39

... p + 10 )(5 .10 −6 p + 10 − p + 10 ) F1 Đặt I C ( p ) = F2 -6 Với F1=9 .10 p +4,33 .10 -2p2+34p F2=(p2 +10 6)(5 .10 -6p2 +10 -2p +10 )=5 .10 -6p4 +10 -2p3 +15 p2 +10 4p +10 7 F 2= 20 .10 -6p3+3 .10 -2p2+30p +10 4  p = 10 00 ... 9 .10 −6.( 10 00 + 10 00 j ) + 4,33 .10 2. ( 10 00 + 10 00 j ) + 34.( 10 00 + 10 00 j ) 20 .10 −6.( 10 00 + 10 00 j ) + 3 .10 − 2. ( 10 00 + 10 00 j ) +30.( 10 00 + 10 00 j ) + 10 − 16 000 − 34600 j = 1, 7∠ − 14 10 ... =10 00 j 9 .10 −6. (10 00 j ) + 4,33 .10 2 (10 00 j ) + 34 .10 00 j 20 .10 −6 (10 00 j ) + 3 .10 − 2. (10 00 j ) + 30 .10 00 j + 10 − 43300 + 25 000 j = 2, 236∠ − 3,4 − 20 000 + 10 000 j ⇒ iCxl = 4,47 cos (10 00t −...

7
3.6K
68

bài tập lý thuyết mạch

Ngày tải lên : 15/04/2014, 15:14

... A2 A Z Z3 Z Z5 Z E1 E2 Hình 2. 72 j10 2( 1 j) j2 .2( 1 Z 13 j2 2( 1 j) I 02 2 (1 j) 12 j2 I5 j4 j2 I 01 j 2, 5 (1 j); j) 2( 1 j); E' I 01 Z 13 10 j2 j j2 .2( 1 j) j ; Z 24 2( 1 j); E" 2( 1 j) j j2 j j2 ... hình 1. 61: 1= E1=50V; 2= E1+E2 =15 0 V; ( R1 i2 i3 1 ) R2 R3 R2 1, 616 7 61, 39V; i1 0, 026 33 50 61, 39 0,095 12 0 15 0 61, 39 12 5 0,7088; i R3 61, 39 10 0 E1 R2 E1 E1 R1 E2 R3 E2 R3 R4 0, 614 ; 15 0 1, 875; i E1 ... sau : j2 I1 j2 j4 j2 j2 j2 j4 j2 j2 Từ I V j2 I 2 I3 I5 j2 j10 (2 j2) j2 j10 (2 j2) 2. 2.j4 8 j16 16 j2 j10 j2 (2 48 j8 1 ,25 j1,75 2, 15 e 16 (1 j) j 54, 46 j2) 16 (1 j) 40 j8 48 j8 2, 15 cos(...

246
2.4K
6

xây dựng trang web hỗ trợ giải bài tập lý thuyết mạch bằng công cụ matlab

Ngày tải lên : 12/05/2014, 00:29

... mtA1=[A 11; A 21; A 31] ;mtA2=[A 12 ; A 22; A 32] ; mtA1c=cell(3 ,1) ;mtA2c=cell(3 ,1) ; mtB1=[B 11; B 21; B 31] ;mtB2=[B 12 ; B 22; B 32] ; mtB1c=cell(3 ,1) ;mtB2c=cell(3 ,1) ; mttong1=mtA1+mtB1;mttong1c=cell(3 ,1) mttong2=mtA2+mtB2;mttong2c=cell(3 ,1) ... mthieu1=mtA1-mtB1;mthieu1c=cell(3 ,1) mthieu2=mtA2-mtB2;mthieu2c=cell(3 ,1) for k =1: 3 if imag(mtA1(k ,1) )>=0 sA1=sprintf('%6.2f + %6.2fi',real(mtA1(k ,1) ),imag(mtA1(k ,1) )); else sA1=sprintf('%6.2f - ... %6.2fi',real(mtA1(k ,1) ),-imag(mtA1(k ,1) )); end mtA1c{k ,1} =sA1; if imag(mtA2(k ,1) )>=0 sA2=sprintf('%6.2f + %6.2fi',real(mtA2(k ,1) ),imag(mtA2(k ,1) )); else sA2=sprintf('%6.2f - %6.2fi',real(mtA2(k ,1) ),-imag(mtA2(k ,1) ));...

69
2K
3

bài tập lý thuyết mạch

Ngày tải lên : 15/05/2014, 10:44

19
1.3K
18

Bài giảng lý thuyết mạch 2 ( Đại học bách khoa hà nội )

Ngày tải lên : 06/06/2014, 16:42

... 14 16 .1 14.8 15 .19 u2 11 .1 9.8 10 .19 i2 -1. 875 -1. 625 -1. 75 -1. 688 i1 -0. 12 5 -0.675 -0.375 -0.4 82 u1 7.5 2. 5 6.5 3.75 e1 6.5 13 .6 8.3 11 .44 R3  7() R1 E1  9(V)  u1 (i1 )  E1  u AB  u1 u ... ) R2 i3 E1  9(V) 12 E  5(V) B 10 E1  u AB  u1 (i1 )  u AB (i1 )  E1  u1 (i1 ) E1 E2  u AB  u2 (i2 )  u AB (i2 )  E2  u2 (i2 ) i2 A i3  i1  i2   i3 (u AB )  i1 (u AB )  i2 (u ... 0. 5 21 0.566 32. 5 uk 81 64. 41 73.86 0.6 k i1 1 0.5 52 0.53 0.55 0.6 i k 1 0. 5 21 0.566 0.535 -0.35 k i1 1 0.048 0. 022 -0. 02 -0 .25 i k 1 0.079 -0.045 0.0 31 u1 0 .1 u2 0.3 30 0.4 60 70 25 82 81...

85
3.4K
1

bai tap ly thuyet dieu khien chuong 10(chuan)cuoi cung pptx

Ngày tải lên : 03/07/2014, 08:20

... 21 c21h21o 21 21 b 21 -i 21 21 h 21 - 21 t21h 21 -c 21 21 ( 21 12 1 0 21 2 12 2 1 ) 21 21 21 21 21 21 21 21 21 21 21 H 21 21 n21h 21 21 12 1 0 21 - 21 12 1 3 21 21 21 C 21 -p 21 21 z21e21r21o 21 21 t 21 -i 21 21 s 21 = 21 21 - 21 21 0 21 . 21 6 21 5 21 ... 21 k 21 21 n 21 21 2 21 . 21 3 21 5 21 21j2 12 2 1 . 21 6 21 2 21 21 t 21 -i 21 21 21 S 21 = 21 21 k21h 21 21 n21g 21 21 - 21 q21u 21 21 21 c21h21i 21 21 p21h 21 -i 21 21 b 21 -i 21 21 v 21 21 21 h21a21i 21 21 c 21 -c 21 21 k21h 21 21 c 21 21 c 21 -a 21 ... i 11- u 11 11 11c11h 11 -n11h 11 11Z11i11e11g11l11e11r 11- 11 11N11i11c11h11o11l11s 11 11d 11 11 n11g 11 11 - 11 11 n11h 11 11g11i 11 11 11 c 11 11 c 11 11g11i 11 11 11 t11r 11 - 11 t11h11a11m 11 11s 11 - 11 v 111 1 12 ( 12 ...

40
1K
5

Bài giảng lý thuyết đồ thị - Chương 1 pdf

Ngày tải lên : 24/07/2014, 12:21

... v1 e1 e2 v2 e3 e4 11 NguyÔn Minh §øc - §HQG Hµ Néi Gi¸o ¸n m«n: Lý ThuyÕt §å ThÞ v3 e5 v5 e6 v4 Bài 11 : Chỉ tất đường sơ cấp chu trình sơ cấp có đồ thị sau v1 e6 v2 e5 e3 e2 e1 e4 v3 v4 Bài 12 : ... biểu thức r = e – v +2 Với G1 biểu thức r1 = e1 – v1 + đúng, r1 = 1, e1 = 1, v1 = 2, điều thể hình sau: R1 G1 Giả sử ta có rn = en – + Gọi (an +1, bn +1) cạnh gộp vào Gn để Gn +1 Khi có hai khả xảy ... deg(vi ) = ∑ (2m i +1) = 2 mi + k Do ∑ deg(v j = k +1 j )= i =1 n n ∑ 2m j = k +1 j = ∑mj j = k +1 n  k deg(v j ) = 2 mi + k + ∑ m j = 2 ∑ mi + ∑  i =1 j = k +1 i =1 j = k +1  i =1 Từ suy k...

12
745
9