Đang tải... (xem toàn văn)
www.facebook.com/hocthemtoan
1 www.facebook.com/hocthemtoan Thầy Huy: 0968 64 65 97 ĐỀ THI THỬ ĐẠI HỌC MÔN TOÁN SỐ 16 NĂM HỌC 2013 - 2014 Thời gian làm bài: 180 phút Câu I: (2,0 điểm) Cho hàm số 2 4 1 x y x . 1. Khảo sát sự biến thiên và vẽ đồ thị (C) của hàm số. 2. Viết phương trình đường thẳng cắt đồ thị (C) tại hai điểm A, B phân biệt sao cho A và B đối xứng nhau qua đường thẳng có phương trình: x + 2y +3= 0. Câu II: (2,0 điểm) 1. Giải phương trình: sin 2 1 2 os sin cos 2. tan x c x x x x . 2. Giải hệ phương trình: 2 2 2 2 2 1 3 x y x y x y x y Câu III: (1,0 điểm) Tính tích phân: 2 cos 0 ( sinx).sin 2 . x e xdx Câu IV: (1,0 điểm) Cho lăng trụ ABC.A’B’C’ nội tiếp trong hình trụ có bán kính đáy r; góc giữa BC’ và trục của hình trụ bằng 30 0 ; đáy ABC là tam giác cân đỉnh B có 0 120ABC . Gọi E, F, K lần lượt là trung điểm của BC, A’C và AB. Tính theo r thể tích khối chóp A’.KEF và bán kính mặt cầu ngoại tiếp tứ diện FKBE. Câu V: (1,0 điểm) Cho a, b, c là ba số dương thoả mãn : a + b + c = 3 4 . Chứng minh rằng: 3 3 3 1 1 1 3 3 3 3a b b c c a Câu VI: (2,0 điểm) 1. Trong mặt phẳng với hệ tọa độ Oxy, cho điểm M (2; 1) và đường thẳng : x – y + 1 = 0. Viết phương trình đường tròn đi qua M cắt ở 2 điểm A, B phân biệt sao cho MAB vuông tại M và có diện tích bằng 2. 2.Trong không gian với hệ tọa độ Oxyz, cho đường thẳng d: 2 1 1 1 1 x y z và mặt phẳng (P) : ax + by + cz – 1 = 0 2 2 ( 0)a b . Viết phương trình mặt phẳng (P) biết (P) đi qua đường thẳng d và tạo với các trục Oy, Oz các góc bằng nhau. Câu VII: (1,0 điểm) Xét số phức z thỏa mãn điều kiện : 3 1z i , tìm giá trị nhỏ nhất của z . ------------------------Hết---------------------- Thí sinh không được sử dụng tài liệu. Cán bộ coi thi không giải thích gì thêm Họ và tên:……………………………………………… SBD:…………………… 2 HƯỚNG DẪN Câu 1: 1, TXĐ: D = R\{-1} Chiều biến thiên: 2 6 ' 0 x D ( 1) y x Hs đồng biến trên mỗi khoảng ( ; 1) và ( 1; ) , hs không có cực trị. Giới hạn: 1 1 lim 2, lim , lim x x x y y y => Đồ thị hs có tiệm cận đứng x = -1, tiệm cận ngang y = 2 BBT x - -1 + y’ + + y + 2 2 - + Đồ thị (C): Đồ thị cắt trục hoành tại điểm 2;0 , trục tung tại điểm (0;-4) Đồ thị nhận giao điểm 2 đường tiệm cận làm tâm đối xứng 8 6 4 2 2 4 6 8 15 10 5 5 10 15 O Câu 1: 2, Đường thẳng d cần tìm vuông góc với : x + 2y +3= 0 nên có phương trình y = 2x +m D cắt (C) ở 2 điểm A, B phân biệt 2 4 2 1 x x m x có 2 nghiệm phân biệt 2 2 4 0x mx m có 2 nghiệm phân biệt khác - 1 2 8 32 0 (1)m m Gọi I là trung điểm AB có 2 4 2 2 A B I I I x x m x m y x m Do AB vuông góc với nên A, B đối xứng nhau qua đường thẳng : x + 2y +3= 0 4I m m = - 4 thỏa mãn (1) vậy đường thẳng d có phương trình y = 2x - 4 Câu 2: 1, Điều kiện: sin 0, cos 0,sin cos 0.x x x x Pt đã cho trở thành 0cos2 cossin cossin2 sin2 cos x xx xx x x 2 cos 2cos 0 cos sin( ) sin 2 0 sin cos 4 2sin x x x x x x x x +) ., 2 0cos kkxx 3 +) nm n x mx nxx mxx xx , 3 2 4 2 4 2 4 2 2 4 2 ) 4 sin(2sin ., 3 2 4 t t x Đối chiếu điều kiện ta có nghiệm của pt là : kx 2 ; .,, 3 2 4 tk t x Câu 2 : 2, Điều kiện: x+y 0, x-y 0 Đặt: u x y v x y ta có hệ: 2 2 2 2 2 ( ) 2 4 2 2 3 3 2 2 u v u v u v uv u v u v uv uv 2 2 4 (1) ( ) 2 2 3(2) 2 u v uv u v uv uv . Thế (1) vào (2) ta có: 2 8 9 3 8 9 (3 ) 0uv uv uv uv uv uv uv . Kết hợp (1) ta có: 0 4, 0 4 uv u v u v (vỡ u>v). Từ đó ta có: x =2; y =2.(Thỏa đ/k) KL: Vậy nghiệm của hệ là: (x; y)=(2; 2). Câu 3:I= 2 2 2 cos cos 0 0 0 ( sinx).sin 2 . 2 .cos .sin . sinx.sin 2 . x x e xdx e x xdx xdx 2 cos 0 .cos .sin . x I e x xdx Đặt t = cosx có I = 1 1 1 0 0 0 . . . . 1 t t t t e dt t e e dt 2 2 2 0 0 0 1 1 1 2 sinx.sin 2 . (cos os3 ). (sinx sin3 ) 2 2 3 3 K xdx x c x dx x Vậy: I= 2 cos 0 2 8 ( sinx).sin 2 . 2 3 3 x e xdx Câu 4: Từ giả thiết suy ra 0 ' 30BC C BA = BC = r 0 ' cot30 3CC BC r J F E K H C B A' C' B' A 3 0 '. EF . EF . EC '. 1 1 1 1 . . AA'. . .sin120 8 3 8 2 32 A K C K F K A ABC r V V V V BA BC 4 Gọi H là trung điểm của AC ta có FH // AA’ suy ra FH (ABC) và 2 r HK HB HE Gọi J là trung điểm KF, trong mp (FKH) đường trung trực của FK cắt FH tại I, I chính là tâm mặt cầu ngoại tiếp tứ diện FKBE, 2 2 2 2 FK FH KH r Bán kính mặt cầu ngoại tiếp tứ diện FKBE 2 2 . 3 2 3 3 FJ FK FK r r R FI FH FH r Câu 5: Áp dụng Bất đẳng thức Trung bình cộng – trung bình nhân cho 2 bộ ba số dương ta có zyx 9 z 1 y 1 x 1 9 xyz 3 xyz3 z 1 y 1 x 1 )zyx( 3 3 (*) áp dụng (*) ta có 333333 a3cc3bb3a 9 a3c 1 c3b 1 b3a 1 P áp dụng Bất đẳng thức Trung bình cộng – trung bình nhân cho 3 bộ ba số dương ta có 3 3 3 a 3b 1 1 1 b 3c 1 1 1 a 3b 1.1 a 3b 2 ; b 3c 1.1 b 3c 2 3 3 3 3 c 3a 1 1 1 c 3a 1.1 c 3a 2 3 3 Suy ra 3 3 3 1 a 3b b 3c c 3a 4 a b c 6 3 1 3 4. 6 3 3 4 Do đó 3P ; Dấu = xảy ra 3 a b c 1 a b c 4 4 a 3b b 3c c 3a 1 Câu 6: 1, Đường tròn (C) tâm I(a, b) bán kính R có phương trình 2 2 2 ( ) ( )x a y b R MAB vuông tại M nên AB là đường kính suy ra qua I do đó: a - b + 1 = 0 (1) I M A B H Hạ MH AB có ( , ) 2 1 1 2 2 M MH d 1 1 . 2 .2 . 2 2 2 2 MAB S MH AB R R Vì đường tròn qua M nên 2 2 (2 ) (1 ) 2 (2)a b Ta có hệ 2 2 1 0 (1) (2 ) (1 ) 2 (2) a b a b Giải hệ được a = 1; b = 2. Vậy (C) có phương trình 2 2 ( 1) ( 2) 2x y Câu 6: 2, Đường thẳng d qua M (0, 2, 1) có VTCP (1, 1, 1)u (P) có VTPT ( , , )n a b c ( ) . 0 0d P n v a b c a b c 0 ( ,( )) ( ,( )) os( , ) os( , ) 0 b c Oy P Oz P c j n c k n b c b c Nếu b = c = 1 thì a = 2 suy ra 1 ( )P : 2x + y + z - 1 = 0 (loại vì M 1 ( )P Nếu b = - c = - 1 thì a = 0 suy ra 2 ( )P : y - z - 1 = 0 (thỏa mãn) Vậy (P) có phương trình y - z - 1 = 0 5 Câu 7 :Đặt z = x + iy ta có 2 2 3 1 ( 3) 1z i x y Từ 2 2 ( 3) 1x y ta có 2 ( 3) 1 2 4y y Do đó 2 2 2 0 2 2z x y Vậy giá trị nhỏ nhất của z bằng 2 đạt khi z = 2i . 1 www.facebook.com/hocthemtoan Thầy Huy: 0968 64 65 97 ĐỀ THI THỬ ĐẠI HỌC MÔN TOÁN SỐ 16 NĂM HỌC 2013 - 2014 Thời gian làm bài:. liệu. Cán bộ coi thi không giải thích gì thêm Họ và tên:……………………………………………… SBD:…………………… 2 HƯỚNG DẪN Câu 1: 1, TXĐ: D = R{-1} Chiều biến thi n: 2 6 '