đáp án 250 câu vận dụng môn toán luyện thi đại học

151 36 0
  • Loading ...
1/151 trang
Tải xuống

Thông tin tài liệu

Ngày đăng: 26/11/2016, 20:52

1 GROUP NHÓM TOÁN - TỔNG HỢP CÁC CÂU HỎI VẬN DỤNG CAO – 2016-2017 PHẦN : HƯỚNG DẪN GIẢI Câu 1.1 Đường thẳng qua điểm cực trị đồ thị hàm số y  x2  x  hợp với trục tọa độ x 1 tam giác có diện tích S : A S=1,5 B S=2 C.S=3 D.S=1  u / ( xo ) u ( x) Ta có kết : Nếu đồ thị hàm số y  có điểm cực trị ( xo ; yo ) yo  / v ( xo ) v( x)  Suy phương trình đường thẳng qua điểm cực trị y=2x-2 (d)  (d) cắt trục tọa độ điểm A(0;-2) ,B(1;0) nên diện tích tam giác OAB 1( Đáp án D) Câu 1.2 Khối cầu nội tiếp hình tứ diện có cạnh a thể tích khối cầu : A a 3 216 B a 3 124 C a 3 96 D a 3 144 Hướng dẫn giải : Sử dụng kết :  Bán kính mặt cầu nội tiếp tứ diện cạnh a có bán kính R    a  a3 V       12  216 a , 12 Câu 1.3 Tìm m để phương trình e2 x  me x   m  có nghiệm A m  B m  C.m0 Hướng dẫn giải :    t2  Đặt t= e , t >0 Biến đổi phương trình dạng : m t 1 x t2  , t >0 ta có f (t )  Suy m  t 1 Đáp án A (dùng casio để tìm nhanh ) Khảo sát hàm f(t) = Câu 1.4 Giá trị tham số m để diện tích hình phẳng giới hạn đồ thị hàm số y  3x2  2mx  m2  , trục hoành, trục tung và đường thẳng x = đạt giá trị nhỏ là: GROUP NHÓM TOÁN - TỔNG HỢP CÁC CÂU HỎI VẬN DỤNG CAO – 2016-2017 A m = B m = C m = -1 D m = - Hướng dẫn giải :  Vì với m tùy ý ta có 3x2  2mx  m2   x nên diện tích hình phẳng cần tìm là    S    3x  2mx  m2  1 dx   x3  mx   m2  1 x   2m2  4m  10   m  1  0 S đạt giá trị nhỏ m = - ( dùng casio thử nhanh ) Câu 1.5 Phương trình nào sau là phương trình hình chiếu vuông góc đường  x   2t  thẳng d:  y  2  3t , t  R mặt phẳng (Oxy) : z   t   x   2t '  A  y   3t ' , t '  R z    x   4t '  B  y  2  6t ', t '  R z    x   2t '  C  y   3t ', t '  R z    x   2t '  D  y   3t ', t '  R z   Hướng dẫn giải :  A(1;-2;3) , B(3;1;4) thuộc d Hình chiếu A ,B mặt phẳng (Oxy) là A/(1;-2;0) , B/(3;1;0)  Phương trình hình chiếu qua A/ B / và nhận véc tơ phương với A/ B /   2;3;0  làm véc tơ phương  Đáp án C Câu 1.6 Gọi A, B, C là điểm biểu diễn số phức :  i; (1  i)(1  2i); tích tam giác ABC : A B C D Hướng dẫn giải :   Dùng máy tính casio ta có A(1;2) , B(3;1) ,C(0;2) Dùng công thức S   AB, AC  Với AB   2; 1;0  , AC   1;0;0   Dùng máy tính ta có kết B : S=1/2  (Có thể dùng công thức tính diện tích phần Oxy tính nhanh )  6i Diện 3i GROUP NHÓM TOÁN - TỔNG HỢP CÁC CÂU HỎI VẬN DỤNG CAO – 2016-2017 Câu 2.1 Cho hàm số y  x3  x  1  m  x  m có đồ thị  C  Giá trị m  C  cắt trục hoành điểm phân biệt x1 , x2 , x3 cho x12  x22  x32     m  B  m   A m  1 4 C   m  D  m  Hướng dẫn giải: Phương trình hoành độ giao điểm (C) trục hoành x  x3  x  1  m  x  m    x  x  m  m   (C) trục hoành cắt điểm pb  m    2 Xét x1  x2  x3    x1  x2   x1 x2     2m    m  Chọn B Câu 2.2 Cho lăng trụ ABC.A'B'C' có đáy là tam giác cạnh a Hình chiếu vuông góc điểm A' lên mặt phẳng (ABC) trùng với trọng tâm tam giá ABC Biết khoảng cách hai đường thẳng AA' BC A a3 12 a Khi thể tích khối lăng trụ B a3 C Hướng dẫn giải: a3 3 D a3 24 C’ B’ A’ H M B C G A GROUP NHÓM TOÁN - TỔNG HỢP CÁC CÂU HỎI VẬN DỤNG CAO – 2016-2017 Gọi M là trung điểm BC, dựng MH vuông góc với A’A suy MH  d  BC , A ' A  Đặt AH=x, ta có A ' A  x2  a2 Từ A’A.MH=A’G.AM, suy x  Vậy V  a a a a a3  12 Chọn A x Câu 2.3 Phương trình x m (1) có nghiệm khi: A m   ;5 B m   ;5 C m   2;   D m   2;   Hướng dẫn giải:   x Đặt t   , t  , phương trình cho thành: t  mt   (2) (1) có nghiệm (2) có nghiệm dương m   Do tích nghiệm =1 nên suy (2) có nghiệm dương   m2 m  Chọn D  Câu 2.4 Tính I   e3 x sin xdx 1 32 A I   e 2 Hướng dẫn giải : 1 32 B I   e 2 C I   e 3 D I   e 3 GROUP NHÓM TOÁN - TỔNG HỢP CÁC CÂU HỎI VẬN DỤNG CAO – 2016-2017   2 0   I   e3 x sin xdx    e3 x d  cos x   e3 x cos x   e3 x cos xdx 0    2    e d  sin x    e sin x   e sin xdx   e 3x 3x 3x 0 3 I 1 32 I  e 2 Do Chọn B Câu 2.5 Trong không gian tọa độ Oxyz , cho điểm A(0;1;1), B(1;0; 3),  C ( 1; 2;  3)  mặt cầu (S) có phương trình: x2  y2  z2  x  2z   Tìm tọa độ điểm D mặt cầu (S) cho tứ diện ABCD có thể tích lớn A D 1; 0;1 7 1 B D  ;  ;   3 3  1 5  C D  ; ;   3  D D(1; - 1; 0) Hướng dẫn giải : Ta thấy câu C và D có điểm D không thuộc (S) Loại C,D Ta tính thể tích cho điểm D câu A và câu B Điểm B câu B có thể tích lớn Chọn B Câu 2.6 Tính tổng mô-đun tất nghiệm phương trình: A B  z  i   z  1 z  i   C.6 Hướng dẫn giải :  z  i  z  i  z  1  z  i  z  1   z  i  z  i   z  1 z  i     z  1   z  i   z  i    z  i   z  iz    Suy tổng mô-đun nghiệm D GROUP NHÓM TOÁN - TỔNG HỢP CÁC CÂU HỎI VẬN DỤNG CAO – 2016-2017 Câu 3.1 (Kshs) Cho hàm số y   x  m   3x  m2 1 Gọi M là điểm cực đại đồ thị hàm số 1 ứng với giá trị m thích hợp đồng thời là điểm cực tiểu đồ thị hàm số 1 ứng với giá trị khác m Số điểm M thỏa mãn yêu cầu đề là: A.1 B C.3 D.0 Hướng dẫn giải : Ta có y   x  m   3, y   x  m   x  m 1 Suy y    x  m 1 Vì x  x1  m  1, y  m  1  nên hàm số đạt cực đại x  x1  m  giá trị cực đại y1  m2  3m  Tương tự, ta có hàm số đạt cực tiểu x  x2  m  giá trị cực tiểu y2  m2  3m  Ta giả sử điểm M là điểm cực đạ đồ thị hàm số ứng với giá trị m1 và là điểm cực tiểu ứng đồ thị hàm số ứng với với giá trị m2 m1   m2  Từ YCBT suy hệ phương trình  2 m1  3m1   m2  3m2  1 1 Giải hệ ta tìm nghiệm m1  , m2   suy tồn nhât điêm M  ,   thỏa 2 2 4 toán Chọn đáp án A Câu 3.2 (Thể tích- mặt cầu- mặt nón- mặt trụ) Cho tứ diện ABCD với BC  a ,các cạnh lại a  góc tạo hai mặt phẳng  ABC   BCD  Gọi I,J là trung điểm cạnh BC, AD Giả sử hình cầu đường IJ kính tiếp xúc với CD Giá trị cos  là: A  Hướng dẫn giải: B  C 3 D 2 3 GROUP NHÓM TOÁN - TỔNG HỢP CÁC CÂU HỎI VẬN DỤNG CAO – 2016-2017 Gọi O là trung điểm IJ F là điểm tiếp xúc hình cầu đường kính IJ và đường thẳng CD Hình cầu đường kính IJ tiếp xúc với CD khoảng cách từ O đến CD độ dài IJ Ta có AI  DI  a Vì FC CI hai tiếp tuyến xuất phát từ điểm nên FC  CI  Tương tự ta có DJ  DF  a a a  2 Tam giác ADI cân có IJ là đường trung tuyến nên tam giác IDJ vuông J   a 1 JD 6   Suy sin  sin JID  DI a 2  Do cos    nên chọn đáp án B Câu 3.3 (Mũ- logarit) M  xy  yz  xz là: A.0 Cho x, y, z số thực thỏa mãn 2x  3y  6 z Giá trị biểu thức B.1 C.6 D.3 Hướng dẫn giải: Khi ba số x, y, z số lại Khi M=0 x z y Khi x, y, z  ta đặt    k suy  k ,3  k ,  k x 1 Do 2.3=6 nên k x k y  k  y z hay  z 1   x y z Từ suy M=0 Vậy cần chọn đáp án A Câu 3.4 (Tích phân- Ứng dụng) Gọi S a diện tích hình phẳng giới hạn đồ thị hàm số y  e  2e , trục Ox và đường thẳng x  a với a  ln Kết giới hạn lim Sa là: 2x x a  A.1 B.2 C.3 D.4 GROUP NHÓM TOÁN - TỔNG HỢP CÁC CÂU HỎI VẬN DỤNG CAO – 2016-2017 Hướng dẫn giải: ln Ta có Sa   e 2x a  2e x  dx  e2 a  2ea  2 Suy lim Sa  , chọn đáp án B a  Câu 3.5 (Oxyz) Trong không gian Oxyz, cho điểm A 1,0, 1 mặt phẳng  P  : x  y  z   Mặt cầu S có tâm I nằm mặt phẳng  P  , qua điểm A gốc tọa độ O cho chu vi tam giác OIA  Phương trình mặt cầu S là: A  x     y  2   z  1   x     y     z  1  2 2 2 B  x     y     z  1   x  1   y     z    2 2 2 C  x     y     z  1   x     y     z  1  2 2 2 D  x     y     z  1   x  1   y     z    2 2 2 Hướng dẫn giải: Gọi I  x, y, z  tâm S Khi I   P  , IO  IA, IO  IA  AO   nên ta suy hệ   x  12  y   z  12  x  y  z  x  z      2   x2  y  z  2 x  y  z    x  y  z   x  y  z      Giải hệ ta tìm I  2, 2,1 I  1, 2, 2  Suy phương trình mặt cầu và đáp án cần chọn D Câu 3.6 (Số phức) Cho z số phức có mô đun 2017 w số phức thỏa mãn Mô đun số phức w A.2015 Hướng dẫn giải: B.1 C.2017 D.0 1   z w zw GROUP NHÓM TOÁN - TỔNG HỢP CÁC CÂU HỎI VẬN DỤNG CAO – 2016-2017 Từ 1 ta suy z  w  zw    z w zw 2  i 3 w   i 3w     z       z     w 2      Lấy mô đun hai vế ta có z  w  2017 Vậy đáp án là C Câu 4.1 (Kshs) Một công ty muốn làm đường ống dẫn từ điểm A bờ đến điểm B đảo Hòn đảo cách bờ biển 6km Giá để xây đường ống bờ 50.000USD km, 130.000USD km để xây nước B’ là điểm bờ biển cho BB’ vuông góc với bờ biển Khoảng cách từ A đến B’ 9km Vị trí C đoạn AB’ cho nối ống theo ACB số tiền Khi C cách A đoạn bằng: A 6.5km B 6km C 0km đảo D.9km B biển Đáp án: 6km Lời giải C Đặt x  B ' C (km) , x  [0;9] B' x km bờ biển BC  x  36; AC   x Chi phí xây dựng đường ống C ( x)  130.000 x  36  50.000(9  x)  13x   5 Hàm C ( x ) , xác định, liên tục [0;9] C '( x )  10000   x  36  C '( x)   13x  x  36  169 x  25( x  36)  x  25 x 5 C(0)  1.230.000 ; C    1.170.000 ; C(9)  1.406.165 2 Vậy chi phí thấp x  2,5 Vậy C cần cách A khoảng 6,5km Câu 4.2 (Thể tích – mặt cầu-mặt nón – mặt trụ) (USD) (9 - x)km A 10 GROUP NHÓM TOÁN - TỔNG HỢP CÁC CÂU HỎI VẬN DỤNG CAO – 2016-2017 Cho hình chóp SABC với SA vuông góc với mặt phẳng (ABC) BC= S a, BAC  60 Gọi H, K hình chiếu A lên SB SC Mặt o K cầu qua điểm A, B, C, H, K có bán kính bằng: A.1 B.2 H C A D Không đủ kiện để tính C 600 Đáp án: B Lời giải S Gọi AD là đường kính đường tròn (ABC) K Suy ra, AC  DC , suy CD  (SAC ) hay AE  DE Tương tự, AH  HD Suy mặt cầu qua điểm A, B, C, H, K có đường BC kính AD  2 sin 600 H A C 600 D B Câu 4.3: Cho a log  b log  c log  , với a, b c số hữu tỷ Các khẳng định sau đây, khẳng định nào đúng? A a  b B a  b Hướng dẫn giải : C b  a D c  a  b  log6 3a 2b5c   3a.2b.5c  65  35.25.50 a  b  Do a, b, c số hữu tỷ nên  c  Câu 4.4 (Tích phân - Ứng dụng ) Một khối cầu có bán kính 5dm, người ta cắt bỏ phần mặt phẳng vuông góc bán kính và cách tâm 3dm để làm lu đựng Tính thể tích mà lu chứa A 132 (dm3) B 41 (dm3) 100  (dm3) D 43 (dm3) C 3dm 5dm 3dm 137 GROUP NHÓM TOÁN - TỔNG HỢP CÁC CÂU HỎI VẬN DỤNG CAO – 2016-2017  x12  2mx1   m  1  x22  2mx2   m  1  , x1 ; x2 nghiệm phương trình x2  2mx  6m   (1) Phương trình (1) có nghiệm x  2m  x  Phương trình (1) có hai nghiệm phân biệt x1 ; x2 thỏa mãn x1  x2   2m    3  2m     m  Vậy  m  thỏa mãn Chọn đáp án A 2   2m    Câu 37.2 5x x Đặt t ;t Khi 5x 52 pt 25 x 124 x 25 t 5t 3 a b 124 5t 124t 25 t 25(tm) t (l) a b Biến đổi thấy log a log a 25 124 5x 5.5x loga ab a2 , log a ab a2 log a a log a a.a log a b log a b log a a2 Vậy chọn đáp án B S Câu 37.3.Ta có V xh x h x2 h V 32 x2 x2 S x 32 x x2 128 x x , để lượng vàng cần dùng nhỏ Diện tích S phải nhỏ ta có S 128 x x2 f x f' x 2x 128 x2 x 4, h Chọn đáp án B Câu 37.4 (Kshs) Giá trị lớn hàm số f x 2sin x x x sin cos 2 138 GROUP NHÓM TOÁN - TỔNG HỢP CÁC CÂU HỎI VẬN DỤNG CAO – 2016-2017 A B C.8 D Hướng dẫn giải : TXĐ: D , ta có f x Đặt sin x t t 2sin x x x sin cos4 2 2sin x sin x 4sin2 x sin x 4t với t t 0;1 , hàm số trở thành g t 0;1 , ta có g ' t t 2 t 0;1 , suy hàm số đồng biến 0;1 , max f x max g t x g t 0;1 , xảy t x k k Câu 37.5 (Thể tích – mặt cầu-mặt nón – mặt trụ) Cho hình chóp S.ABC có đáy ABC tam giác vuông B, BC 2a Tam giác SAB có góc o ASB 60 , SB a nằm mặt phẳng vuông góc với đáy Tính khoảng cách từ điểm B đến mặt phẳng (SAC) A a B 2a 19 C a 19 D 2a 16 Hướng dẫn giải : C K A B H S  SAB   ABC  ,  SAB   ABC   AB; BC  AB  BC   SAB Trong mp (SAB) kẻ BH  SA Trong tam giác BCH kẻ BK  CH Ta có BK   SAC  Vậy khoảng cách từ B đến (SAC) BK 139 GROUP NHÓM TOÁN - TỔNG HỢP CÁC CÂU HỎI VẬN DỤNG CAO – 2016-2017 BH  SB.sin 60o  BK  BH  a BC ; Xét tam giác vuông CBH , ta có  BK  2a   3 Vậy d B,  SAC   2a 19 19 Câu 37.6 (Mũ – Logarit) Tập nghiệm bất phương trình: 81.9 x 2  3x  A S  1;    0 B S  1;   x  32 x 1  C S  0;   D S   2;    0 Hướng dẫn giải : ĐKXĐ: x  BPT cho  81   3x  x 9x  3x.3 x  3.32 81 x   32 x  3x.3 x  2.32 x 0 3  2.3   x x  3x  x  (vì 3x  2.3 x  0, x  )  x 1 x   3x  x  x  x    x   x  Vậy tập nghiệm BPT cho là S  1;    0 Câu 37.7 (Tích phân - Ứng dụng ) Tìm tham số m để đồ thị hàm số y  x  2mx  m   C  cắt trục ox bốn điểm phân biệt thỏa mãn hình phẳng giới hạn đồ thị (C) trục ox phần nằm phía trục ox có diện tích diện tích hình phẳng giới hạn đồ thị (C) trục ox phần nằm phía trục ox A B -3 C.2 Hướng dẫn giải : Điều kiện để (C) cắt trục ox điểm phân biệt m  D 140 GROUP NHÓM TOÁN - TỔNG HỢP CÁC CÂU HỎI VẬN DỤNG CAO – 2016-2017 Do tính đối xứng đồ thị qua trục tung nên toán xảy x3  x x4      2mx  m  dx    x  2mx  m  dx x3 x4  x   2mx  m  dx 0  3x44  10mx42  15  m    0  3m   x4  2mx4  m   Suy x4 nghiệm hệ   x  m3 m x  10 mx  15 m       Câu37.8 (Oxyz) Trong không gian tọa độ Oxyz cho điểm A(0;1;1), B(1;0; 3),  C ( 1; 2;  3)  mặt cầu (S) có phương trình : x  y  z  x  z   Tìm tọa độ điểm D mặt cầu (S) cho tứ diện ABCD có thể tích lớn 2 7 1 A D  ;  ;    3 3  1 5  B D  ; ;   3  7 1 C D  ; ;   3 3 7 1 D D  ;  ;   3 3 Hướng dẫn giải : Ta có (S) : ( x  1)2  y  ( z  1)2  suy (S) có tâm I(1;0;-1), bán kính R  Và AB  (1; 1; 4); AC  (1; 3; 4) Mặt phẳng (ABC) có vectơ pháp tuyến n   AB, AC   (8;8; 4) Suy mp(ABC) có phương trình: 8x  8(y 1)  4(z 1)   2x  2y  z   Ta có VABCD  d ( D;( ABC )).S ABC nên VABCD lớn d ( D;( ABC )) lớn Gọi D1D2 đường kính mặt cầu (S) vuông góc với mp(ABC) Ta thấy với D là điểm thuộc (S) d ( D;( ABC ))  max d ( D1;( ABC )); d ( D2 ;( ABC)) Dấu “=” xảy D trùng với D1 D2 Đường thẳng D1D2 qua I(1;0;-1), có VTCP n ABC  (2; 2;1) 141 GROUP NHÓM TOÁN - TỔNG HỢP CÁC CÂU HỎI VẬN DỤNG CAO – 2016-2017  x   2t  Do (D1D2) có phương trình:  y  2t  z  1  t   x   2t  t  y  2t   Tọa độ điểm D1 D2 thỏa mãn hệ:   t  2  z  1  t 2   ( x  1)  y  ( z  1)   4 1   1 5   D1  ; ;  & D2  ; ;  3 3   3  7 1 Ta thấy: d ( D1;( ABC ))  d ( D2 ;( ABC )) Vậy điểm D  ;  ;   là điểm cần tìm  3 3 Câu 37.9 (Số phức) Tìm phần ảo số phức z , biết số phức z thỏa mãn i z   i  1  i    1  i  C 21009 B 21009 A 2017 D 21009 i Hướng dẫn giải : Ta thấy 1;  i; 1  i  ; ; 1  i  2017 lập thành cấp số nhân gồm 2018 số hạng với u1  công bội q  1 i q 2018  1  i   u1  q 1 i 2018 Suy i z  S2018  z   1  i  2018 1009   1  i     1  i  i 1  i     2i  1009 2018   21009 i  z   21009 i Vậy phần ảo z 21009 Câu 38.1 (kshs) y  x3  x  x  m có đồ thị (C), với m là tham số Giả sử đồ thị (C) cắt trục hoành ba điểm phân biệt có hoành độ thỏa mãn x1  x2  x3 Cho hàm số Khẳng định nào sau là đúng? A  x1  x2   x3  B  x1   x2   x3  142 GROUP NHÓM TOÁN - TỔNG HỢP CÁC CÂU HỎI VẬN DỤNG CAO – 2016-2017 C x1    x2   x3  D  x1   x2   x3 Hướng dẫn giải: y   x3  x  x Dựa vào đồ thị ta tìm 4  m  thị hàm số y  x  x  x  m cắt Ox điểm phân biệt Ta có y   y 1  0; y 1 y  3  0; y  3 y     x1   x2   x3  Khảo sát và vẽ đồ thị hàm số Câu 38.2 (Thể tích – mặt cầu – mặt nón – mặt trụ) Cho tứ diện ABCD có tam giác ABD vuông cân D, AC  a  x CD  2a  x Biết đồ AD  a , tam giác ABC cân C, , (x>0) tính góc hai đường thẳng AB, CD bao nhiêu? 0 A 45 B 90 C 60 Hướng dẫn giải: Gọi H là hình chiếu C lên mặt phẳng (ABD) Đặt CH  b Khi ta chứng minh b  x Khi AHBD là hình vuông Suy AB vuông góc với CD Vậy góc AB, CD Câu 38.3 (Mũ – Lôgarit) Cho logu 2017  k 1 logu 2017 k 1 B logu 2017 k 1 logu 2017  k 1 logu 2017 k 1 logu 2017 logu 2017 k 1 logu 2017 logu 2017  log u 2017 k 1 k 1 k log u 2017  log u 2017 k 1 k  log u 2017  log u 2017 k 1  k log u 2017  log u 2017 k k 1 k log u 2017  log u 2017 k 1 D log u 2017  log u 2017 k k 1 C k 1 log u 2017  log u 2017 k k 1 logu 2017  log u 2017 k k 1 Hướng dẫn giải: Vì 900  un  là cấp số nhân với số hạng tổng quát un  0; un  Khi khẳng định nào sau là đúng? A D 30  un  là cấp số nhân nên uk2  uk 1.uk 1  2log 2017 uk  log 2017 uk 1  log 2017 uk 1 143 GROUP NHÓM TOÁN - TỔNG HỢP CÁC CÂU HỎI VẬN DỤNG CAO – 2016-2017  1 1    log u 2017 log u 2017 log u 2017 log u 2017 k 1 k  log u 2017  k 1 log u 2017 k 1 k 1 k log u 2017  log u 2017 k 1 k log u 2017  log u 2017 k 1 k Câu 38.4 (Tích phân – Ứng dụng) Cho hàm số y  x  x  m có đồ thị là (C) Gọi S là diện tích hình phẳng giới hạn đồ thị (C) với y0 và trục hoành Với giá trị nào m S  S ' ? A m  B m  C m  20 D m  Hướng dẫn giải: x4  x2  m  (*) 2 Đặt x  t ; t  , phương trình trở thành: t  4t  m  (**) Phương trình hoành độ giao điểm Để S>0, S’>0 0[...]... Đâp án: C Hướng dẫn: + Kiểm tra phương án A không thuộc (P) + Tính trực tiếp MA2 + MB2 trong 3 phương án B,C,D và so sánh Chọn C Câu 5.6 Số phức z có mô đun lớn nhất và thỏa mãn điều kiện Z 1  i   3  2i  A z  1  3i B z  2 1  i 2 2 C z  3 1  i 2 2 D z  3 15  i 4 4 13 là: 2 15 GROUP NHÓM TOÁN - TỔNG HỢP CÁC CÂU HỎI VẬN DỤNG CAO – 2016-2017 Đáp án: D Hướng dẫn: 2 2 + Gọi z=x+yi Từ giả thi t... nhất M C (Bài toán hình học giải tích quen thuộc) Ta có : OM  OI – IM = OI – R = I 13  3 Dấu « = » xảy ra khi M là giao điểm của (C) và đoạn thẳng OI Vậy GTNN của z là : Câu 5.1 Cho hàm số 13  3 y   x3  3mx2  3m  1 Với giá trị nào của m thì đồ thi hàm số đã cho có cực đại và cực tiểu đối xứng nhau qua đường thẳng d : x  8 y  74  0 A m  1 B m  2 C m  2 Đáp án: C Hướng... có vtcp là  MN, n   (2;2; 2)   Câu 4.6: Cho số phức z thoả mãn điều kiện z  2  3i  3 Tìm giá trị nhỏ nhất của z A 13  3 Hướng dẫn giải : B 2 C 13  2 D 2 12 GROUP NHÓM TOÁN - TỔNG HỢP CÁC CÂU HỎI VẬN DỤNG CAO – 2016-2017 Các điểm M biểu diễn số phức z thoả mãn z  2  3i  3 nằm trên đường tròn (C) tâm I(2; −3) và bán kính R = 3 y (Ý nghĩa hình học của z : độ dài OM) x O z Ta có |z|... Pu239 có chu kì bán hủy là 24360 năm nên er24360 = S 1   r  0,000028 A 2  Công thức phân hủy của Pu239 là S = A.e0,000028t Theo giả thi t: 1 = 10 e0,000028t  t  82235,18 năm Câu 9.4 Tìm giá trị của tham số m sao cho: y  x 3  3x  2 và y = m(x+2) giới hạn bởi hai hình phẳng có cùng diện tích A 0 < m < 1 B m = 1 C 1  m  9 D m = 9 29 GROUP NHÓM TOÁN - TỔNG HỢP CÁC CÂU HỎI VẬN DỤNG CAO – 2016-2017... 94 2 94 94 Vậy ta có IH  , IH lớn nhất khi H  M 2 2 16 GROUP NHÓM TOÁN - TỔNG HỢP CÁC CÂU HỎI VẬN DỤNG CAO – 2016-2017 3 7 2 2   Khi đó (P) có vectơ pháp tuyến là n P  IH  IM   ; ;3  Vậy phương trình mặt phẳng (P) là 3 7  x  2   y  1  3  z  6   0 hay 3x  7y  6z  35  0 2 2 3 2 CÂU 6.2: Tìm m để đồ thi hàm số y  x  3mx  1 có hai điểm cực trị A, B sao cho tam giác... a 15 15 CÂU 6.5: Cho hình chóp S.ABC có SA vuông góc với mặt phẳng (ABC), SA=AC=5a, AB=a, BAC  1200 Tính theo a khoảng cách từ A đến mặt phẳng (SBC) HƯỚNG DẪN GIẢI 18 GROUP NHÓM TOÁN - TỔNG HỢP CÁC CÂU HỎI VẬN DỤNG CAO – 2016-2017 Kẻ AMBC, AHSM (MBC, HSM) Ta có BCAM, BCSA nên BC(SAM), suy ra AH  BC Vậy ta có AH(SBC), khoảng cách từ A đến mặt phẳng (SBC) là d(A,(SBC))=AH 2 2 2 0 Áp dụng định... là 127 5 381 a 127 CÂU 6.6: Cho hình chóp tam giác S.ABC có đường thẳng SA vuông góc với mặt phẳng (ABC), AB=2a, AC=3a, BC=4a Góc giữa mặt phẳng (SBC) và mặt phẳng (ABC) bằng 600 Tính theo a thể tích của khối chóp S.ABC HƯỚNG DẪN GIẢI 19 GROUP NHÓM TOÁN - TỔNG HỢP CÁC CÂU HỎI VẬN DỤNG CAO – 2016-2017 BC 2  AB 2  AC 2 16a 2  4a 2  9a 2 11   Xét tam giác ABC ta có cosB= (áp dụng định lý 2 BC... số m sao cho bất phương trình sau có tập nghiệm là  ;0 :  m2x 1   2m  1 3  5 1 A m   2 B m    3  5  x 1 2 x  0 C m  1 2 1 D m   2 21 GROUP NHÓM TOÁN - TỔNG HỢP CÁC CÂU HỎI VẬN DỤNG CAO – 2016-2017 Đáp án: D Hướng dẫn giải: Phương trình đã cho tương đương x x x  3 5   3 5   3 5  2m   2m  1       0 1 Đặt t     0 ta được:  2   2   2  1... x 1 0 log3 2; x 0     2   Câu 8.3  e x s inxdx    e x d  cosx     e x cosx 2   e x cosxdx   e  J 0 0   0 0    2   2 2   2   J   e x d  s inx   e x s inx 2   e x s inxdx=e 2  I  I  J  e 2 0 0 0 1 24 GROUP NHÓM TOÁN - TỔNG HỢP CÁC CÂU HỎI VẬN DỤNG CAO – 2016-2017    e2  e I  J  e 2  Vậy ta có hệ :  I  2  I  J  e Câu 8.4 Bài giải z Đặt w Do z kính... - TỔNG HỢP CÁC CÂU HỎI VẬN DỤNG CAO – 2016-2017 + Từ đó điều kiện để pt vô nghiệm là C Câu 5.4 Diện tích hình phẳng giới hạn bởi y  A ln 2  2    3 3 B 2ln 2  2  x ln(x  2) 4  x2  4 và trục hoành là: C 2     3 D 2ln 2  2   3 3 3 Đáp án: D Hướng dẫn: 0 + Phương trình y = 0 có nghiệm: x=-1;x=0 Từ đó S   1 x ln(x  2) 4  x2 dx + Sử dụng máy Casio, suy ra D Câu 5.5 Trong không gian
- Xem thêm -

Xem thêm: đáp án 250 câu vận dụng môn toán luyện thi đại học, đáp án 250 câu vận dụng môn toán luyện thi đại học, đáp án 250 câu vận dụng môn toán luyện thi đại học

Gợi ý tài liệu liên quan cho bạn

Nạp tiền Tải lên
Đăng ký
Đăng nhập