Đang tải... (xem toàn văn)
Đa dạng các câu hỏi và bài tập về Phương pháp lập CTPT của HCHC phục vụ học sinh ôn thi đại học có đáp án và lời giải chi tiết. VD: . Mục đích của việc phân tích định tính nguyên tố là nhằm xác định A. các nguyên tố có mặt trong hợp chất hữu cơ B. tỉ lệ khối lượng các nguyên tố trong hợp chất hữu cơ. C. công thức phân tử của hợp chât hữu cơ. D. công thức cấu tạo của hợp chất hữu cơ. . Phân tích định tính nguyên tố nhằm xác định các nguyên tố có mặt trong hợp chất vô cơ đơn giản rồi nhận biết chúng bằng phản ứng hóa học đặc trưng.
# Mục đích việc phân tích định tính nguyên tố nhằm xác định *A nguyên tố có mặt hợp chất hữu B tỉ lệ khối lượng nguyên tố hợp chất hữu C công thức phân tử hợp chât hữu D công thức cấu tạo hợp chất hữu $ Phân tích định tính nguyên tố nhằm xác định nguyên tố có mặt hợp chất vô đơn giản nhận biết chúng phản ứng hóa học đặc trưng ## Paracetamol (X) thành phần thuốc hạ sốt giảm đau Oxi hóa hoàn toàn 5,285 gam X CuO H 2SO Ba(OH) dư, dẫn sản phẩm cháy qua bình đựng đặc, bình đựng dư Sau kết thúc thí nghiệm thấy khối lượng bình tăng 2,835 gam, bình tạo thành 55,16 gam kết tủa 0,392 lít khí (đktc) thoát Biết CTPT Paracetamol trùng với CTĐGN Tổng số nguyên tử có phân tử paracetamol A 17 B 18 C 19 *D 20 H 2SO4 $ 5,285 gam X + CuO dư, dẫn sản phẩm cháy qua bình đựng Ba(OH) đặc, bình đựng dư n H 2O Bình tăng 2,835 gam → = 0,1575 mol; n CO2 bình tạo thành 55,16 gam ↓ → n BaCO3 = = 55,16 : 197 = 0,28 mol n N2 Còn 0,392 lít khí thoát → = 0,392 : 22,4 = 0,0175 mol Cx H y Oz Nt • Đặt CTPT X nO = (5,285 - 0,28 x 12 - 0,1575 x - 0,0175 x x 28) : 16 = 0,07 mol C8 H O N Ta có x : y : z : t = 0,28 : 0,315 : 0,07 : 0,035 = : : : → X có CTPT # Vitamin A chất dinh dưỡng thiết yếu cho người Trong thực phẩm, vitamin A tồn dạng retinol (chứa C, H, O) thành phần % khối lượng H O tương ứng 10,49% 5,594% Biết retinol chứa nguyên tử Oxi, công thức phân tử retinol C18 H 30 O A C 20 H30 O *B C21H18 O C C22 H30 O D Cx H yO $ Đặt CTPT retinol %m C = 100 - 10,49 - 5,594 = 83,916% 83,916 10, 49 5,594 : : 12 16 x:y:z Ta có: = 20 : 30 :1 = C20 H 30 O → Retinol có CTPT Ba(OH)2 ## Đốt cháy hoàn toàn 1,12 gam hợp chất hữu X hấp thụ hoàn toàn sản phẩm cháy vào dung dịch n CO2 dư thấy khối lượng bình tăng 3,36 gam Biết phân tử X n H2O = 1,5 H2 tỉ khối X so với nhỏ 30 Công thức C3 H O A C3 H O *B C6 H 8O C C3 H O D O2 $ 1,12 gam X + CO → H 2O + Hấp thụ sản phẩm cháy vào dung dịch n CO2 • Đặt n CO2 m binh tan g Ba(OH) → = 3,36 gam; n H 2O M X = 1,5 < 60 n H 2O = a mol; = b mol 44x + 18y = 3,36 x = 1,5y Ta có hpt: x = 0, 06 y = 0, 04 → Cx H y Oz Đặt CTPT X nO Ta có = (1,12 - 0,06 x 12 - 0,04 x 2) : 16 = 0,02 mol (C3 H O) n Ta có x : y : z = 0,06 : 0,08 : 0,02 = : : → C3 H O Mà 56x < 60 → x = → 136,5o C # Cho 25,4 gam este X bay bình kín dung tích lít 425,6 mmHg Công thức phân tử X C12 H14 O6 *A C15 H18 O6 B C13 H16 O6 C C16 H 22 O6 D Khi X bay hết áp suất bình 425, 760 0, 082.409,5 nX $ = = 0,1 mol MX → = 25,4 : 0,1 = 254 Na CO3 # Đốt cháy hoàn toàn 0,1 mol muối natri axit cacboxylic, thu (đktc) Công thức cấu tạo thu gọn muối CO , nước 3,36 lít khí C2 H5 COONa A HCOONa B CH3 COONa *C CH (COONa) D Cn H 2n −1O Na $ Nhận thấy có đáp án muối natri axit cacboxylic no, đơn chức có dạng n Na CO3 nX Bảo toàn nguyên tố Na → = 0,5 Bảo toàn nguyên tố C → = 0,05 mol n Na CO3 n C(X) = n CO2 + = 0,05 + 0,15 = 0,2 mol CH3 COONa → C = 0,2 : 0,1 = → X có công thức ## Đốt cháy hoàn toàn 4,3 gam chất hữu đơn chức X chứa C, H, O dẫn sản phẩm cháy qua bình chứa P2 O5 dư bình chứa NaOH dư Sau thí nghiệm bình tăng 2,7 gam; bình thu 21,2 gam muối Công thức phân tử X C H3 O A C4 H6 O B C3 H O C C4 H O *D O2 $ 4,3 gam X chứa C, H, O + CO H2O + → P2 O5 Dẫn sản phẩm cháy qua bình đựng dư, bình đựng NaOH dư n H 2O Bình tăng 2,7 gam → = 2,7 : 18 = 0,15 mol n Na 2CO3 Bình thu 21,2 gam muối → n CO2 = 21,2 : 106 = 0,2 mol → = 0,2 mol C x H y Oz • Đặt CTPT X nO = (4,3 - 0,2 x 12 - 0,15 x 2) : 16 = 0,1 mol (C H O) n Ta có x : y : z = 0,2 : 0,3 : 0,1 = : : → CTPT X C4 H O2 Mà H chẵn → n = → O2 # Đốt cháy hoàn toàn 1,88 gam X (chứa C, H, O) cần 1,904 lít khí tương ứng 4:3 Công thức phân tử X CO2 (đktc), thu H2O với tỷ lệ mol C4 H O A C8 H12 O B C H O3 C C8 H12 O5 *D Cx H y Oz $ 1,88 gam O2 + 0,085 mol n CO2 H O n CO2 CO2 → + ( n H2O : = : 3) n H 2O • Đặt = a mol; = b mol 44a + 18b = 1,88 + 0,085.32 3a − 4b = Ta có hpt: a = 0, 08 b = 0, 06 → nO = (1,88 - 0,08 x 12 - 0,06 x 2) : 16 = 0,05 mol C8 H12 O5 Ta có x : y : z = 0,08 : 0,12 : 0,05 = : 12 : → X có CO H2O # Đốt cháy hoàn toàn lượng chất hữu X chứa C, H, Cl thu 2,2 gam ; 0,9 gam Khi xác định clo lượng chất dung dịch AgNO3 thu 14,35 gam AgCl Công thức phân tử X C2 H Cl2 A C3 H Cl2 B CH Cl *C CHCl3 D O2 $ Một chất hữu X chứa C, H, Cl + Cl CO → 0,05 mol H2O + 0,05 mol Ag + − → + 0,1 mol AgCl C x H y Cl z • Đặt CTPT X CH Cl Ta có x : y : z = 0,05 : 0,1 : 0,1 = : : → O2 CO N # Đốt cháy hoàn toàn 0,1 mol chất X cần 6,16 lít khí (đktc), thu được13,44 lít (đktc) hỗn hợp , nước Sau ngưng tụ hết nước, lại 5,6 lít khí (đktc) có tỉ khối so với hiđro 20,4 Công thức phân tử X C2 H O2 N *A C3 H O N B C3 H O N C C H9 N D O2 $ 0,1 mol chất X + 0,275 mol CO → 0,6 mol CO Sau ngưng tụ 0,25 mol N2 + H2O + N2 + có M = 40,8 n H2O • = 0,6 - 0,25 = 0,35 mol n CO2 Đặt n N2 = a mol; = b mol a + b = 0, 25 44a + 28b = 40,8.0, 25 Ta có hpt: a = 0, b = 0, 05 → Cx H y Oz N t Đặt CTPT X nO Theo BTNT: = 0,2 x + 0,35 - 0,275 x = 0,2 mol C2 H O2 N Ta có x : y : z : t = 0,2 : 0,7 : 0,2 : 0,1 = : : : → X có CTPT CO # Để xác định có mặt cacbon hiđro hợp chất hữu cơ, người ta chuyển hợp chất hữu thành H2O CO , dùng chất sau để nhận biết Ca(OH) A CuSO4 khan, dung dịch Ca(OH) CuSO4 *B Dung dịch , khan H2O ? Ca(OH) C Dung dịch , dung dịch Ca(OH) D CuSO CuCl2 khan, khan CO $ Để xác định có mặt cacbon hiđro hợp chất hữu cơ, người ta chuyển hợp chất hữu thành H2O Ca(OH) CuSO4 , dùng dung dịch Ca(OH)2 + CaCO3↓ trang CO → CO khan để nhận biết H2O : H2O + CuSO4 H2O (không màu) + CuSO 5H O → (màu xanh) # Mục đích việc phân tích định lượng nguyên tố nhằm xác định A nguyên tố có mặt hợp chất hữu *B tỉ lệ khối lượng nguyên tố hợp chất hữu C công thức phân tử hợp chất hữu D công thức cấu tạo hợp chất hữu $ Phân tích định lượng nhằm xác định tỉ lệ khối lượng (hàm lượng) nguyên tố hợp chất hữu Người ta phân hủy hợp chất hữu thành hợp chất vô đơn giản định lượng chúng phương pháp khối lượng, phương pháp thể tích phương pháp khác Na CO3 # Đốt cháy hoàn toàn 5,8 gam chất X thu 2,65 gam phân tử X H 2O ; 2,25 gam CO 12,1 gam Công thức C6 H5 O2 Na A C6 H5 ONa *B C7 H O Na C C7 H ONa D $ Nhận thấy X chứa C, H, O, Na n Na CO3 n C(A) Bảo toàn nguyên tố C, H, Na → n H2O n H(A) = 0,25 mol; + = 0,025 + 0,275 = 0,3 mol n Na CO3 n Na (A) =2 = n CO =2 = 0,05 mol 5,8 − 0,3.12 − 0, 05.23 − 0, 25.1 16 nO → = nC nH = 0,05 mol nO : : n Na : = 0,3 : 0,25 : 0,05 : 0,05 = :5: 1: # Công thức phân tử chất có thành phần % khối lượng: 88,89 %C, 11,11 %H, có khối lượng phân tử M < 60 C4 H8 A C4 H *B C8 H12 C C3 H D Cx H y $ Đặt CTPT X 88,89 11,11 : 12 Ta có x : y = (C2 H )n = 2:3 → X có CTPT C4 H Mà 27n < 60 → n = H phải chẵn → X có CTPT # Khi tiến hành phân tích định lượng hợp chất hữu X, người ta thu kết sau : 32,000 %C ; 6,944 %H ; 42,667 %O ; 18,667 %N khối lượng Biết phân tử X chứa nguyên tử nitơ Công thức phân tử X C2 H5 O N *A C3 H O N B C4 H O2 N C C H9 O N D Cx H y Oz N t $ Đặt CTPT X 32 6, 944 42, 667 18, 667 : : : 12 16 14 x:y:z:t Ta có = = 2,667 : 6,994 : 2,667 : 1,333 = : : : C2 H5 O N → CTPT X # Khi tiến hành phân tích định lượng vitamin C, người ta xác định hàm lượng phần trăm (về khối lượng) nguyên tố sau : %C = 40,91% ; %H = 4,545% ; %O = 54,545% Biết khối lượng phân tử vitamin C = 176 đvC Công thức phân tử vitamin C C10 H 20 O A C8 H16 O B C20 H30 O C C6 H8 O *D Cx H y Oz $ Đặt CTPT vitamin C 40,91 4,545 54,545 : : 12 16 x:y:z Ta có = = 3:4:3 (C3 H O3 ) n → Vitamin C có CTPT C6 H8 O Mà 88n = 176 → n = → Vitamin C có CTPT C27 H 46 O # Cholesterol (X) hợp chất hữu có công thức phân tử , khối lượng mol phân tử X M = 386,67 Ca(OH) g/mol Nếu đốt cháy hoàn toàn 3,8667 gam cholesterol cho sản phẩm cháy hấp thụ vào dung dịch khối lượng kết tủa thu A gam B 2,7 gam *C 27 gam D 100 gam C 27 H 46 O $ 0,01 mol O2 + CO2 dư H2O + → n CO2 = 0,01 x 27 = 0,27 mol CO Ca(OH) + CaCO3 → H2O + n CaCO3 = 0,27 x 100 = 27 gam CO # Khi đốt cháy 0,42 gam hợp chất hữu X thu 1,32 gam có thành phần gồm nguyên tố ? *A C, H B C, H, O C C, O D H, O H2O 0,54 gam Hợp chất hữu X n C = n CO2 $ = 0,03 mol n H = 2n H2O = 0,06 mol mC + m H mX = 0,03.12 + 0,06.1 = 0,42 = → X gồm C H # Khói thuốc làm tăng khả bị ung thư phổi, hoạt chất có độc thuốc nicotin Xác định khối lượng phân tử nicotin có giá trị khoảng 160 Phân tích nguyên tố định lượng cho thành phần phần trăm khối lượng sau: 74,031%C, 8,699%H, 17,27%N CTPT nicotin C5 H N A C10 H14 N *B C10 H15 N C C9 H10 ON D $ Thấy %C + %N + %H = 100% → nicotin chứa C,H, N nC nH : 74, 031 8, 699 17, 27 : : 12 14 nN : = = 5: 7:1 (C5 H7 N)n → Nicotin có công thức C10 H14 N Mà M = 160 → n.( 12.5 + + 14) = 160 → n ≈ → nicotin có công thức # Phân tích hợp chất hữu X thấy phần khối lượng cacbon lại có phần khối lượng hiđro, phần khối lượng nitơ phần lưu huỳnh Trong CTPT X có nguyên tử S, CTPT X CH NS A C2 H N 2S B C2 H NS C CH N 2S *D 12.1 mH $ Giả sử có 12 gam C → nC → nH nN : : = gam, = 12.8 mS = 28 gam, = = 32 gam 12 28 32 : : : 12 14 32 nS : = 12.7 mN = = 1: : 2: CH N 2S → X có công thức # Chất hữu X có M = 123 khối lượng C, H, O N phân tử theo thứ tự tỉ lệ 72 : : 32 : 14 CTPT X C6 H14 O N A C6 H6 ON B C6 H12 ON C C6 H5 O N *D nC $ Ta có nH : nO : 72 32 14 : : : 12 16 14 nN : = (C6 H O2 N) n CTPT X =6:5:2:1 MX mà = 123 → (12.6 + + 32 + 14).n = 123 → n = Na CO3 # Oxi hóa hoàn toàn 4,02 gam hợp chất hữu X thu 3,18 gam CTĐGN X CO Na *A CO2 0,672 lít khí CO Na B C3 O Na C C2 O Na D C x O y Na z $ X có dạng n Na 2CO3 n CO2 = 3,18 : 106 = 0,03 mol; Ta có mO = 0,672 : 22,4 = 0,03 mol n Na 2CO3 n Na =2× mX = = × 0,03 = 0,06 mol; mC - n Na CO3 nC = n CO2 + m Na - = 0,03 + 0,03 = 0,06 mol nO = 4,02 - 0,06 × 12 - 0,06 × 23 = 1,92 → = 1,92 : 16 = 0,12 mol CO Na Ta có x : y : z = 0,06 : 0,12 : 0,06 = : :1 → CTĐGN X # Polime X chứa 38,4% C, 4,8% H, lại Cl khối lượng Công thức phân tử X (C HCl3 )n A (C2 H3 Cl)n *B (CHCl) n C (C3 H Cl2 ) n D $ Ta có % Cl = 100- 38,4- 4,8 = 56,8 % nC nH Ta có 38, 4,8 56,8 : : 12 35,5 n Cl : : = = 2: 3:1 (C2 H3 Cl)n Công thức phân tử X # Dạng tơ nilon phổ biến nilon-6 có 63,68% C; 12,38% N; 9,80% H; 14,4% O Công thức thực nghiệm nilon-6 C6 H9 O N A C6 H11ON *B C6 H9 ON C C6 H11O N D nC $ Ta có nH : nO : 63, 68 9,8 14, 12, 38 : : : 12 16 14 nN : = = : 11: 1: C6 H11ON → Công thức thực nghiệm nilon # Hợp chất hữu X có khối lượng phân tử nhỏ khối lượng phân tử benzen, chứa nguyên tố C, H, O, N; hiđro chiếm 9,09% ; nitơ chiếm 18,18% (theo khối lượng) Đốt cháy 7,7 gam chất X thu 4,928 lít 27,3o C CO đo atm Công thức phân tử X C3 H7 NO2 A C H NO *B C H5 NO C C3 H5 NO D $ Ta có 4,928 0, 082.303,3 PV RT n CO2 = = ≈ 0,2 mol 0, 2.12 7, →%C= ×100% = 31,17% → % O = 100 - 31,17 - 9,09 - 18,18 = 41,56 % nC nH : 31,17 9, 09 18,18 41,56 : : : 12 14 16 n N nO : : = =2:7:1:2 C H7 NO → X có công thức CaCl2 # Đốt cháy hoàn toàn 1,86 gam hợp chất hữu X cho sản phẫm cháy qua bình đựng CaCl KOH, thấy khối lượng bình Công thức phân tử X tăng 1,26 gam lại 224 ml khí (ở đktc) Biết X chứa nguyên tử Nitơ C6 H N *A C6 H7 NO B C5 H N C C5 H N D CO2 H O N $ Nhận thấy đáp án chứa C, H, N Sản phẩm cháy gồm CaCl Khối lượng bình tăng → = , H2O khối lượng 1,86 − 0, 01.2.14 − 0, 07.2 12 nC khan N2 = 0,12 mol 1,26 gam (0,07 mol) , nC → nH nN : : = 0,12: 0,14: 0,02 = : : C6 H N Mà X chứa nguyên tử n phân tử → X có công thức CO2 # Oxi hoá hoàn toàn 4,6 gam hợp chất hữu X CuO đun nóng Sau phản ứng thu 4,48 lít (ở đktc) H2O , đồng thời nhận thấy khối lượng chất rắn ban đầu giảm 9,6 gam Công thức phân tử X là: C2 H6 O *A C2 H4 O B C2 H O C C3 H O D n Cu $ Nhận thấy lượng chất rắn giảm lượng O bị → n CuO = = 9,6 : 16 = 0,6 mol m H2 O Bảo toàn khối lượng → = 4,6 + 0,6.80 - 0,6.64- 0,2.44 = 5,4 gam → → = nC = 0,3 mol 4, − 0,3.2 − 0, 2.12 16 n O(X) → n H2O = 0,1 mol nH nO : : = 0,2 : 0,6 : 0, = 2: : O2 CO # Đốt cháy hoàn toàn lượng chất Y (chứa C, H, O) cần 0,3 mol thức phân tử Y tạo 0,2 mol H2O 0,3 mol Công C2 H6 O *A C2 H O B CH O C C3 H O D C x H y Oz $ Hợp chất Y có CTPT O2 + 0,3 mol CO → 0,2 mol H2O + 0,3 mol nO • Theo BTNT: = (0,2 x + 0,3 - 0,3 x 2) = 0,1 mol C2 H6 O Ta có x : y : z = 0,2 : 0,6 : 0,1 = : : → Y có CTPT mC # Hợp chất X chứa ba nguyên tố C, H, O có tỉ lệ khối lượng đơn giản trùng với công thức phân tử CTPT X mH : mO : = 21 : : Hợp chất X có công thức C6 H6 O A C7 H6 O B C7 H8 O *C C7 H O D C x H y Oz $ C có CTPT 21 : : 12 16 x:y:z Ta có = =7:8:1 C7 H8 O → CTPT X # Hợp chất hữu X chứa vòng benzen có công thức phân tử trùng với công thức đơn giản Trong X, tỉ lệ khối mC lượng nguyên tố mH : mO : = 21 : : Công thức phân tử X C6 H6 O A C7 H6 O B C H8 O C C7 H8 O *D Cx H y Oz $ Đặt CTPT X 21 : : 12 16 x:y:z Ta có = C7 H8 O = : : → CTPT X [...]... phân tử của benzen, chỉ chứa các nguyên tố C, H, O, N; trong đó hiđro chiếm 9,09% ; nitơ chiếm 18 ,18 % (theo khối lượng) Đốt cháy 7,7 gam chất X thu được 4,928 lít 27,3o C CO 2 đo ở và 1 atm Công thức phân tử của X là C3 H7 NO2 A C 2 H 7 NO 2 *B C 2 H5 NO 2 C C3 H5 NO 2 D $ Ta có 4,928 0, 082.303,3 PV RT n CO2 = = ≈ 0,2 mol 0, 2 .12 7, 7 →%C= 10 0% = 31, 17% → % O = 10 0 - 31, 17 - 9,09 - 18 ,18 = 41, 56... 10 0 - 31, 17 - 9,09 - 18 ,18 = 41, 56 % nC nH : 31, 17 9, 09 18 ,18 41, 56 : : : 12 1 14 16 n N nO : : = =2:7 :1: 2 C 2 H7 NO 2 → X có công thức CaCl2 # Đốt cháy hoàn toàn 1, 86 gam hợp chất hữu cơ X rồi cho sản phẫm cháy lần lượt đi qua bình đựng CaCl 2 KOH, thấy khối lượng bình Công thức phân tử của X là tăng 1, 26 gam còn lại 224 ml khí (ở đktc) Biết X chỉ chứa 1 nguyên tử Nitơ C6 H 7 N *A C6 H7 NO B C5... CTPT của X là mH : mO : = 21 : 2 : 4 Hợp chất X có công thức C6 H6 O A C7 H6 O B C7 H8 O *C C7 H 8 O 2 D C x H y Oz $ C có CTPT là 21 2 4 : : 12 1 16 x:y:z Ta có = =7:8 :1 C7 H8 O → CTPT của X là # Hợp chất hữu cơ X chứa vòng benzen có công thức phân tử trùng với công thức đơn giản nhất Trong X, tỉ lệ khối mC lượng các nguyên tố là mH : mO : = 21 : 2 : 8 Công thức phân tử của X là C6 H6 O A C7 H6... nguyên tử Nitơ C6 H 7 N *A C6 H7 NO B C5 H 9 N C C5 H 7 N D CO2 H 2 O N 2 $ Nhận thấy 4 đáp án đều chứa C, H, N Sản phẩm cháy gồm CaCl 2 Khối lượng bình tăng → = , H2O là khối lượng 1, 86 − 0, 01. 2 .14 − 0, 07.2 12 nC khan và N2 = 0 ,12 mol là 1, 26 gam (0,07 mol) , nC → nH nN : : = 0 ,12 : 0 ,14 : 0,02 = 6 : 7 : 1 C6 H 7 N Mà X chỉ chứa một nguyên tử n trong phân tử → X có công thức là CO2 # Oxi hoá hoàn toàn... tử của Y là tạo ra 0,2 mol H2O và 0,3 mol Công C2 H6 O *A C2 H 6 O 2 B CH 4 O C C3 H 6 O D C x H y Oz $ Hợp chất Y có CTPT O2 + 0,3 mol CO 2 → 0,2 mol H2O + 0,3 mol nO • Theo BTNT: = (0,2 x 2 + 0,3 - 0,3 x 2) = 0 ,1 mol C2 H6 O Ta có x : y : z = 0,2 : 0,6 : 0 ,1 = 2 : 6 : 1 → Y có CTPT mC # Hợp chất X chứa ba nguyên tố C, H, O có tỉ lệ khối lượng đơn giản nhất trùng với công thức phân tử CTPT của. .. nhất Trong X, tỉ lệ khối mC lượng các nguyên tố là mH : mO : = 21 : 2 : 8 Công thức phân tử của X là C6 H6 O A C7 H6 O B C 7 H8 O C C7 H8 O 2 *D Cx H y Oz $ Đặt CTPT của X là 21 2 8 : : 12 1 16 x:y:z Ta có = C7 H8 O 2 = 7 : 8 : 2 → CTPT của X là ... đầu giảm đi 9,6 gam Công thức phân tử của X là: C2 H6 O *A C2 H4 O B C2 H 6 O 2 C C3 H 8 O D n Cu $ Nhận thấy lượng chất rắn giảm đi là lượng O bị mất đi → n CuO = = 9,6 : 16 = 0,6 mol m H2 O Bảo toàn khối lượng → = 4,6 + 0,6.80 - 0,6.64- 0,2.44 = 5,4 gam → → = nC = 0,3 mol 4, 6 − 0,3.2 − 0, 2 .12 16 n O(X) → n H2O = 0 ,1 mol nH nO : : = 0,2 : 0,6 : 0, 1 = 2: 6 : 1 O2 CO 2 # Đốt cháy hoàn toàn một lượng