Đang tải... (xem toàn văn)
Sáng kiến kinh nghiệm: Kinh Nghiệm vẽ thêm hình phụ để giải một số bài toán hình học lớp 7 rất hay. Đề tài rất hữu ích cho giáo viên đang giảng dạy toán 7, đặc biệt là giáo viên đang bồi dưỡng học sinh giỏi toán lớp 7.
1 - PHẦN MỞ ĐẦU 1.1 – Lý chọn đề tài “Hiền tài nguyên khí quốc gia, nguyên khí thịnh nước mạnh mà hưng thịnh, nguyên khí suy nước yếu mà thấp hèn Vì bậc đế vương thánh minh không đời không coi việc giáo dục nhân tài, kén chọn kẻ sĩ, vun trồng nguyên khí quốc gia làm công việc cần thiết " câu nói bất hủ Tiến sĩ triều Lê, Thân Nhân Trung cho thấy từ thời xa xưa hệ ông cha coi trọng nhân tài coi nhân tài tương lai đất nước Với cương vị giáo viên chuyên ngành Toán – Tin trực tiếp giảng dạy, thấy nhiệm vụ quan trọng phải làm làm để học sinh thích học học giỏi môn Toán Trong đó, Toán học có vai trò vị trí đặc biệt quan trọng khoa học kĩ thuật đời sống, giúp người tiếp thu cách dễ dàng môn khoa học khác có hiệu Thông qua việc học toán, học sinh nắm vững nội dung toán học phương pháp giải toán, từ vận dụng vào môn học khác môn khoa học tự nhiên Dù thời đại nào, hay quốc gia việc bồi dưỡng nhân tài đặt lên hàng đầu Từ đào tạo người động sáng tạo, có khả giải xử lý vấn đề khó nhằm phục vụ cho lợi ích huyện, tỉnh quốc gia Trong năm trở lại đây, chất lượng giáo dục học sinh giỏi cấp tỉnh Phòng Giáo dục – Đào tạo Lệ Thủy có bước nhảy vọt đáng kể, đặc biệt môn Toán, điều thúc suy nghĩ tìm tòi dạng toán quan trọng công tác bồi dưỡng học sinh giỏi môn Toán Trong chương trình phân môn hình học THCS, học sinh gặp nhiều khó khăn, từ việc nắm bắt lý thuyết, định lý, định nghĩa, tiên đề, đến việc lập luận để chứng minh toán Trong chương trình hình học THCS, hình học lớp coi “nặng” nhất, tiếp nối phát triển kiến thức mở đầu lớp Trong trình dạy học hình học 7, tránh khỏi việc phải vẽ thêm yếu tố phụ để giải toán – phương pháp hay khó Vẽ thêm yếu tố phụ giúp cho việc kết nối từ giả thiết đến kết luận toán dễ dàng hơn, thuận lợi Tuy nhiên, việc vẽ thêm hình phụ để có lời giải đẹp vấn đề khiến phải đầu tư suy nghĩ Thực tế cho thấy phương pháp chung cho việc vẽ thêm hình phụ giải toán hình học Tùy toán cụ thể mà có cách vẽ thêm hình phụ hợp lý để đến với lời giải toán Sự xuất hình phụ thổi hồn vào lời giải toán mà hẳn có lần lúng túng, chật vật trước toán hình học giật nảy phát cần vẽ thêm yếu tố đến với lời giải toán Vẽ thêm hình phụ sáng tạo “nghệ thuật” tùy theo yêu cầu toán cụ thể Bởi việc vẽ thêm hình phụ cần đạt mục đích tạo điều kiện để giải toán thuận lợi công việc tùy tiện Nếu giáo viên làm không tốt việc phân tích phải làm học sinh giỏi lơ mơ việc làm đó, thực cách thụ động mà phân tích, tìm sở cho việc vẽ thêm yếu tố phụ Việc vẽ thêm hình phụ nhằm đạt ba vấn đề sau: - Giúp giải số toán hình học mà không vẽ thêm hình phụ bế tắc - Trình bày lời giải số toán hình học gọn hơn, hay - Phát vấn đề chưa học vốn kiến thức hạn chế mà sau vấn đề học đến đơn giản 1.2 – Điểm đề tài “Kinh nghiệm vẽ thêm hình phụ để giải số toán hình học 7” nhiều người nhắc đến Tuy nhiên nêu chung chung chưa khái quát phương pháp cụ thể cho học sinh Vì thế, đề tài này, với kinh nghiệm thân đúc kết qua trình nghiên cứu thực tế giảng dạy, cố gắng phân tích, cụ thể việc vẽ thêm hình phụ thông qua ví dụ minh họa Mong đề tài đồng nghiệp em học sinh đón nhận 1.3 – Phạm vi đối tượng nghiên cứu * Đối tượng nghiên cứu: Như nói trên, đề tài tập trung vào đối tượng: - Giáo viên giảng dạy môn Toán THCS Đặc biệt GV giảng dạy bồi dưỡng học sinh giỏi lớp 7, lớp - Học sinh giỏi lớp lớp * Phạm vi nghiên cứu: - Trong sáng kiến nêu số “kinh nghiệm”, số hình phụ vẽ thêm toán hình học lớp mà thường hay gặp - Phân tích cụ thể trường hợp Trong trường hợp thường vẽ thêm hình phụ để giúp học sinh có định hướng việc giải tập – PHẦN NỘI DUNG 2.1 – Thực trạng nội dung cần nghiên cứu Thực tế cho thấy Toán học tảng cho ngành khoa học, chìa khoá vạn để khai phá thúc đẩy phát triển cho ngành khoa học, kinh tế, quân sống Chính việc dạy học môn toán nhà trường đóng vai trò vô quan trọng Dạy toán chiếm vị trí số môn học nhà trường, giáo viên, dạy toán niềm tự hào song thử thách vô lớn Để dạy toán học toán tốt Thầy Trò không ngừng rèn luyện đầu tư trí lực vào nghiên cứu học hỏi Học dạy toán với chương trình khó, xong dạy học toán đào tạo mũi nhọn lại vô gian truân, việc học dạy không dừng việc người học người dạy phải có trí tuệ định mà thầy trò phải dày công đầu tư vào nghiên cứu dạng toán, thuật toán vận dụng hợp lý tính chất toán học nhà toán học nghiên cứu vào giải toán, người dạy học toán phải tự rèn luyện nghiên cứu để có công trình toán riêng góp sức để đưa môn toán ngày phát triển Thực nhiệm vụ năm học phân công Phòng Giáo dục Đào tạo Lệ Thủy, qua trình giảng dạy nhiều năm gần thân thấy việc hình thành cho học sinh cách suy nghĩ để tìm lời giải cho toán dạng toán công việc khó Đứng trước toán người thầy chưa hiểu, chưa có hướng giải ta hướng dẫn học sinh nào, thật khó tình người thầy vai trò chủ đạo việc dạy học sinh, học sinh không giải toán lại niềm tin thầy cảm thấy việc học toán cực hình, khó vô học Hình học lĩnh vực cổ xưa Toán học, với số học xuất thời kỳ sơ khai loài người Hình học có vẽ đẹp kỳ diệu làm say mê từ nhà toán học đến em học sinh THCS Khi trực tiếp bồi dưỡng học sinh giỏi tự thấy kiến thức hình học thân hạn chế, toán hình học cần vẽ thêm hình phụ Đây dạng toán hay, có nhiều cách để vẽ thêm hình phụ, xong thầy trò lại ngại đụng đến khó phải nhiều thời gian để dự đoán Từ thực tế xin trao đổi kinh nghiệm đồng nghiệp mong đề tài mở rộng phát triển sâu rộng 2.2 – Các giải pháp 2.2.1 – Giải pháp 1: Vẽ thêm đường thẳng vuông góc Phương pháp: Vẽ thêm đường vuông góc nhằm làm xuất tam giác vuông, tam giác vuông cân, hai tam giác vuông nhau,… Ví dụ 1: Cho tam giác ABC có ·ABC = 1350 , AB = cm, BC = cm Tính độ dài cạnh AC · Hướng dẫn: Ta có ABC = 1350 = 900 + 450 Ta nghĩ đến đường phụ cần vẽ thêm AH, AH ⊥ BC H Lời giải gợi ý: Vẽ AH ⊥ BC H · · Ta có ABH + ABC = 1800 (hai góc kề bù) · Nên ABH = 1800 – 1350 = 450 ⇒ ∆ AHB vuông cân H ⇒ AH = HB Áp dụng định lý Pitago vào ∆ AHB vuông H, ta có: AH2 + HB2 = AB2 Hay 2AH2 = AB2 = ( )2 = ⇒ AH = 1(cm) Nên HB = AH = (cm) Ta có: HC = HB + BC = + = (cm) Áp dụng định lý Pytago vào tam giác AHC vuông H, ta có: AC2 = AH2 + HC2 = 12 + 32 = 10 ⇒ AC = 10 (cm) Vậy AC = 10 (cm) Ví dụ 2: Cho tam giác ABC vuông A, Trên nửa mặt phẳng bờ BC có chứa A, vẽ · · tia Bx cho ABx Qua A vẽ đường thẳng d vuông góc với Bx D Qua C = ABC vẽ đường thẳng vuông góc với d E Chứng minh AD = AE Hướng dẫn: Vẽ đường AH vuông góc với BC để sử dụng chứng minh tam giác Chứng minh AD AE với AH Lời giải gợi ý: · Ta có A thuộc tia phân giác DBC Vẽ AH ⊥ BC H ⇒ AD = AH (1) Ta có BD ⊥ d (gt), CE ⊥ d (gt) ⇒ BD//CE ⇒ · · DBC + ECB = 1800 · · · · DBA + ACE + ABC + ACB = 1800 · · · · Mà ABC + ACB = 900 nên DBA + ACE = 900 · · · · · ⇒ A thuộc tia phân giác ECH ⇒ AE = AH (2) Mà DBA nên ACB = ABC = ACE Từ (1) (2) suy AD = AE Ví dụ 3: Trên hình vẽ sau cho biết µ µ AB = AC, OCA · · OBA tù O1 = O Chứng minh OB = OC Hướng dẫn: Từ A vẽ AH ⊥ Ox, AK ⊥ Oy ( H ∈ Ox, K ∈ Oy ) dễ dàng chứng minh OH = OK cần chứng minh BH = CK Điều thật dễ dàng Lời giải gợi ý: Vẽ AH ⊥ Ox, AK ⊥ Oy ( H ∈ Ox, K ∈ Oy ) Xét ∆ KOA ∆ HOA có: µ (gt) · · OKA = OHA = 900 ; OA chung; µ O1 = O Do ∆ KOA = ∆ HOA (cạnh huyền – góc nhọn) Suy OK = OH (1); AK = AH Xét ∆ KAC ∆ HAB có: · · AKC = AHB = 900 ; AC = AB (gt); AK = AH (cmt); Do ∆ KAC = ∆ HAB (cạnh huyền – cạnh góc vuông) Suy CK = BH · · Do OCA OBA tù nên C nằm O K, B nằm O H Từ OC = OK – KC; (3) OB = OH – HB Từ (1), (2), (3) (4) suy OB = OC (4) (2) Ví dụ 4: Cho tam giác ABC cân đỉnh A, BD đường trung tuyến Biết BC = 8cm, BD = 7,5 cm Tính độ dài cạnh AB Hướng dẫn: Tam giác ABC cân A, có BD đường trung tuyến Điều gợi ý ta nghĩ đến vẽ đường cao AH tam giác ABC, AH đường trung tuyến Lời giải gợi ý: Vẽ AH đường cao tam giác ABC Do tam giác ABC cân đỉnh A, nên AH đường trung tuyến Gọi G giao điểm AH BD ∆ ABC có AH BD hai trung tuyến cắt G, suy G trọng tâm tam giác ABC ⇒ BG = BD = 5cm GH = AH 3 Áp dụng định lý Pitago vào ∆ HBG vuông H, ta có: GH2 + BH2 = BG2 ⇒ GH2 = BG2 – BH2 = 52 – 42 = ⇒ GH = (cm) Nên AH = 3GH = 9cm Xét tam giác HAB vuông H ⇒ AB2 = AH2 + HB2 (định lý Pitago) ⇒ AB2 = 92 + 42 = 97 ⇒ AB = 97 (cm) Vậy AB = 97 cm Ví dụ 5: Cho tam giác ABC Về phía tam giác vẽ tam giác ABD vuông cân đỉnh B, tam giác ACE vuông cân đỉnh C Gọi M giao điểm BE CD Chứng minh AM ⊥ BC Hướng dẫn: Vẽ AK ⊥ BC K Qua B vẽ đường thẳng vuông góc với CD cắt AK N Qua C vẽ đường thẳng vuông góc với BE cắt AK P Tìm cách chứng minh N ≡ P Lời giải gợi ý: Vẽ AK ⊥ BC K Qua B vẽ đường thẳng vuông góc với CD cắt AK N Qua C vẽ đường thẳng vuông góc với BE cắt AK P Xét ∆ BDC ∆ ABN có: ( ) · · · DBC = BAN = 900 + ABC ; · · · (cùng phụ với DBN ) BDC = ABN BD = AB (Tam giác DBA vuông cân A) Do ∆ BDC = ∆ ABN (g.c.g) ⇒ BC = AN Chứng minh tương tự có: ∆ CEB = ∆ ACP (g.c.g) ⇒ BC = AP Ta có AN = AP (=BC) ⇒ N ≡ P Xét tam giác NBC có BE, CD hai đường cao cắt M nên M trực tâm tam giác NBC ⇒ NM ⊥ BC Ta có AK ⊥ BC (gt) Do N, A, M, K thẳng hàng Vậy AM ⊥ BC 2.2.2 – Giải pháp 2: Vẽ thêm đường thẳng song song Phương pháp: Vẽ thêm đường song song nhằm làm xuất hai góc nhau, hai góc bù nhau, Ví dụ 6: Trên hình bên cho biết: ·xAC = α · · = β ACB = α + β Chứng minh , CBy Ax//By Hướng dẫn: Muốn chứng minh Ax//By, ta chứng minh chúng song song với · · đường thẳng thứ ba Vì ·xAC = α , CBy = β ACB = α + β Ta tạo tia Cz cho Cz//Ax Chúng ta chứng minh Cz//By, từ suy Ax//By Lời giải gợi ý: Vẽ tia Cz cho Cz//Ax (hình vẽ) · Ta có ·xAC = ACz (so le trong) · · · Ta có ACz + BCz = ACB · · · ⇒ BCz = ACB − ACz = α + β −α = β · · · · = CBy Vì BCz ( = β ) , BCz CBy so le Do By//Cz Ta có Cz//Ax By//Cz Vậy Ax//By Ví dụ 7: Cho tam giác ABC (AB < AC) Từ trung điểm M BC kẻ đường thẳng vuông góc với tia phân giác góc A cắt tia H, cắt AB D AC E Chứng minh BD = CE Hướng dẫn: Muốn chứng minh BD = CE, ta tìm cách tạo “đoạn thẳng thứ ba” chứng minh chúng “đoạn thẳng thứ ba” Lời giải gợi ý: Kẻ đường thẳng qua B song song với CE cắt DE F Xét ∆MBF ∆MCE có: · · (so le trong) FBM = ECM BM = MC (gt) · · (đđ) BMF = CME ⇒ ∆MBF = ∆MCE (g.c.g) ⇒ BF = EC (1) ∆ ADE có AH đường cao (vì AH ⊥ BC) đồng thời phân giác (gt) nên ∆ ADE cân A ⇒ ·ADE = ·AED · Mặt khác BF//EC nên BFD = ·AED (đồng vị) · · ⇒ ∆BDF cân B ⇒ BD = BF (2) ⇒ BDF = BFD Từ (1) (2) suy ra: BD = CE Ví dụ 8: Cho tam giác ABC cân đỉnh A Trên cạnh AB lấy điểm D, tia đối tia CA lấy điểm E cho BD = CE Nối D với E Gọi I trung điểm đoạn thẳng DE Chứng minh điểm B, I, C thẳng hàng Hướng dẫn: Vẽ thêm DF//AC (F∈ BC) Tìm cách chứng minh ·EIC + ·EIF = 1800 Lời giải gợi ý: · Vẽ DF//AC (F∈ BC), DFB ·ACB đồng vị ·DFB = ·ACB Mà ABC · · = ACB (tam giác ABC cân đỉnh A) · · ⇒ ∆ DBF cân đỉnh D ⇒ DB = DF Suy DFB = ABC Xét ∆ DIF ∆ EIC có: F DI = IE (gt) · · (so le trong) FDI = CEI DF = CE (= BD) Do ∆ DIF = ∆ EIC (c.g.c) · · Suy DIF Mà ·DIF + ·EIF = 1800 = EIC Do ·EIC + ·EIF = 1800 Suy B, I, C thẳng hàng Vậy B, I, C thẳng hàng 2.2.3 – Giải pháp 3: Vẽ thêm tia phân giác góc Phương pháp: Các toán liên quan đến góc nhiều vẽ thêm tia phân giác góc giúp tạo thêm mối quan hệ góc, cạnh để đến với lời giải toán dễ dàng µ = 600 , BD CE hai đường phân giác tam Ví dụ 9: Cho tam giác ABC có A giác ABC Gọi I giao điểm BD CE Chứng minh ID = IE Hướng dẫn: · Dễ thấy BIC = 1200 Vẽ đường phân giác IM tam giác IBC giúp chứng minh ID = IE cách chứng minh ID = IM IM = IE Lời giải gợi ý: Vẽ IM đường phân giác tam giác BIC 1· · = ABC Ta có: IBC (BD phân giác ·ABC ) 1· · ICB = ACB (CE phân giác ·ACB ) Nên ·BIC = 1800 – ( ·IBC + ·ICB ) ( = 1800 - · ABC + ·ACB = 1800 - 1800 − ·BAC ( ) ) = 1200 ·EIB ·DIC kề bù với ·BIC nên ·EIB = ·DIC = 600 · Suy ·EIB = ·BIM = ·MIC = CID = 600 Xét ∆BEI ∆BMI có: ·EBI = ·MBI (BD phân giác ·ABC ) 10 ( ) ·EIB = ·BIM = 600 BI cạnh chung Do ∆BEI = ∆BMI (g.c.g) Suy IE = IM Chứng minh tương tự ta có ID = IM Vậy ID = IE µ = 600 BD CE hai đường phân giác tam Ví dụ 10: Cho tam giác ABC có A giác ABC Chứng minh BE + CD = BC Lời giải gợi ý: Gọi I giao điểm BD CE Vẽ IM · đường phân giác BIC tam giác IBC 1· · = ABC Ta có: IBC (BD phân giác) 1· · = ACB ICB (CE phân giác) ( ) ( ) ( ) · · · · · · = 1800 − IBC + ICB = 1800 − ABC + ACB = 1800 − 1800 − BAC = 1200 Nên BIC 2 · · · · Do EIB = BIM = MIC = CID = 600 Xét ∆ BEI ∆ BMI có: · · · · , EIB , BI cạnh chung EBI = MBI = MIB Do ∆ BEI = ∆ BMI (g.c.g) ⇒ BE = BM Chứng minh tương tự ta có CD = MC Vậy BE + CD = BM + MC = BC 2.2.4 – Giải pháp 4: Vẽ thêm tam giác vuông cân, tam giác Phương pháp: Vẽ thêm tam giác vuông cân, tam giác làm xuất cạnh nhau, góc nhau, góc có số đo 450 (vẽ thêm tam giác vuông cân), góc có số đo 600 (vẽ thêm tam giác đều) µ = 800 Gọi D điểm nằm Ví dụ 11: Cho tam giác cân ABC (AB = AC) có A · · tam giác cho DBC = 100 , DCB = 300 Tính số đo góc BAD Hướng dẫn: 11 µ = 800 , ⇒ ·ACB = ·ABC = 500 mà DBC · Nhận xét ∆ ABC (AB = AC) có A = 100 , · DCB = 300 Trong trường hợp ta sử dụng vẽ thêm tam giác BMC nằm nửa mặt phẳng bờ BC chứa điểm A Từ xác định số đo góc BAD Lời giải gợi ý: Vì ∆ ABC cân A, ¶Α = 800 nên ·ABC = ·ACB = 500 Trên nửa mặt phẳng bờ BC chứa điểm A, dựng tam giác MBC Ta có: ·ABM = ·ACM = 100 Xét ∆ AMB ∆ AMC có: AB = AC (gt) BM = CM (theo cách dựng) AM cạnh chung ⇒ ∆ AMB = ∆ AMC (c.c.c) ⇒ ·AMB = ·AMC Mà ·AMB + ·AMC = 600 nên ·AMB = ·AMC = 300 Xét ∆ AMB ∆ DCB có: MB = BC (theo cách dựng) ·AMB = DCB · = 300 ·ABM = ·DBC = 100 ⇒ ∆ AMB = ∆ DCB (g.c.g) ⇒ AB = BD 1800 − 400 Xét ∆ ABD cân B có ·ABD = 400 ⇒ ·BAD = ·BDA = = 700 Vậy ·BAD = 700 Ví dụ 12: Cho tam giác ABC cân A có góc đáy 800 Trên AB lấy điểm D cho AD = BC Tính số đo góc ACD? Lời giải gợi ý: Vì tam giác ABC cân A nên µA = 1800 − 2·ABC = 200 Trên nửa mặt phẳng bờ BC chứa điểm A, dựng tam giác EBC Ta có: ·ACE = ·ABE = 200 Xét ∆ ACE ∆ CAD có: 12 AC cạnh chung EC = AD (= BC) ·ACE = CAD · = 200 · ⇒ ∆ ACE = ∆ CAD (c.g.c) ⇒ ·ACD = EAC (1) Xét ∆ AEB ∆ AEC có: AB = AC (gt) AE cạnh chung EB = EC (theo cách dựng) · · ⇒ ∆ AEB = ∆ AEC (c.c.c) ⇒ EAB = EAC 1· · · · · Mà EAB + EAC = BAC = 200 ⇒ EAC = BAC = 10 (2) Từ (1) (2) ta có: ·ACD = 100 Ví dụ 13: Cho tam giác ABC vuông cân A Lấy điểm M nằm phía tam giác ABC cho ·AMC = 1350 , MA = 2cm, MB = 3cm Tính độ dài đoạn thẳng MC 0 · · · Hướng dẫn: ∆ABC có BAC = 900 , ABC = ACB = 450 Ta có: 135 = 90 + 45 giúp ta nghĩ đến vận dụng định lý Pytago, tam giác vuông cân để tìm tam giác vuông có cạnh MC hai cạnh tìm độ dài Lời giải gợi ý: Trên nửa mặt phẳng bờ AM không chứa điểm B dựng tam giác ADM vuông cân đỉnh A · Ta có AD = MA = 2cm AMD = 450 , · · · DMC = AMC − AMD = 900 Xét ∆ ADC ∆ AMB có: · · · AD = AM; DAC (cùng phụ với CAM ), AC = AB (gt) = MAB Do ∆ ADC = ∆ AMB (c.g.c) ⇒ DC = MB Xét ∆ AMD vuông cân A nên MD2 = MA2 + AD2 (định lý Pytago) Do MD2 = 22 + 22 = Xét ∆ MDC vuông M, ta có: DC2 = MC2 + MD2 (định lý Pytago) ⇒ MC2 = DC − MD = 32 – = ⇒ MC = (cm) 13 – PHẦN KẾT LUẬN Trên vài kinh nghiệm nhỏ rút từ thực tế năm giảng dạy thân Toán vẽ thêm hình phụ dạng toán khó mà giáo viên hay học sinh làm Với khả hạn chế thân, đề cập đến số dạng đơn giản mà em học sinh thường gặp chương trình lớp 7, lớp Tôi sâu vào vấn đề nhỏ hướng dẫn, giúp em có kỹ nhìn nhận hướng đi, cách làm từ tìm cách giải theo yêu cầu toán Với việc làm nêu trên, thân tự nghiên cứu áp dụng Bước đầu thấy có số kết sau: - Phần lớn học sinh say mê giải toán vẽ hình phụ, em không sợ lúng túng giải toán dạng nữa, chí có nhiều em có nhiều cách vẽ hình phụ khác để tìm cách giải khác hay độc đáo - Các em có niềm tin, niềm say mê, hứng thú học toán, từ tạo cho em tính tự tin độc lập suy nghĩ, phát triển tư logic, óc quan sát, suy luận toán học - Trong trình giải tập giúp em có khả phân tích, suy ngẫm, khái quát vấn đề cách chặt chẽ, em không ngại khó, mà tự tin vào khả học tập Việc nghiên cứu đề tài việc làm thiết thực, góp phần cho GV dạy tốt hơn, học sinh học chủ động hơn, đặc biệt phát toán, dạng toán mà không vẽ thêm hình phụ khó để giải Đề tài nêu lên số phương pháp cụ thể toán cần vẽ thêm hình phụ, từ tạo cho học sinh thêm linh động, chắn giải toán Những biện pháp học trình bày trên, bước đầu đạt kết chưa thật mỹ mãn tâm ý thân Tuy nhiên, thực tốt nghĩ góp phần đổi phương pháp dạy học mà ngành quan tâm đạo để nâng cao chất lượng học sinh nói chung chất lượng mũi nhọn nói riêng Mặt khác, thiết nghĩ, sau học xong tài liệu học sinh không lúng túng toán có vẽ thêm hình phụ mà hình thành cho phương pháp giải đắn, xác Trên điều mà nghiên cứu, đúc kết trình giảng dạy mà thân vận dụng dạy học sinh đem lại kết tốt Tuy nhiên nhiều thiếu sót, nhiều vấn đề cần phải bàn thêm Vì mong góp ý, xây dựng thầy giáo, cô giáo, bạn đồng nghiệp, nhằm giúp bước hoàn thiện phương pháp giảng dạy mình, đồng thời góp phần vào việc nâng cao chất lượng dạy học phần toán hình có vẽ thêm hình phụ, góp phần tạo hứng thú cho học sinh học dạng toán Tuy nhiên không nên lạm dụng có làm toán trở nên phức tạp [...]... nghiên cứu áp dụng Bước đầu tôi thấy có một số kết quả sau: - Phần lớn học sinh đã say mê giải những bài toán về vẽ hình phụ, các em không còn sợ và lúng túng khi giải các bài toán dạng này nữa, thậm chí có nhiều em còn có nhiều cách vẽ hình phụ khác nhau để tìm ra các cách giải khác nhau rất hay và độc đáo - Các em có niềm tin, niềm say mê, hứng thú trong học toán, từ đó tạo cho các em tính tự tin... hình phụ thì rất khó để giải quyết Đề tài đã nêu lên một số phương pháp cụ thể trong các bài toán cần vẽ thêm hình phụ, từ đó tạo cho học sinh thêm linh động, chắc chắn khi giải toán Những biện pháp và bài học tôi đã trình bày ở trên, bước đầu đạt được kết quả chưa thật mỹ mãn đối với tâm ý của bản thân Tuy nhiên, nếu thực hiện tốt tôi nghĩ nó cũng góp phần đổi mới phương pháp dạy học mà ngành đang quan... suy luận toán học - Trong quá trình giải các bài tập đã giúp các em có khả năng phân tích, suy ngẫm, khái quát vấn đề một cách chặt chẽ, các em không còn ngại khó, mà rất tự tin vào khả năng học tập của mình Việc nghiên cứu đề tài là một việc làm thiết thực, nó sẽ góp phần cho GV dạy tốt hơn, học sinh học chủ động hơn, đặc biệt là phát hiện ra những bài toán, dạng toán mà nếu không vẽ thêm hình phụ thì... đạo để nâng cao chất lượng học sinh nói chung và chất lượng mũi nhọn nói riêng Mặt khác, tôi thiết nghĩ, sau khi được học xong tài liệu này học sinh không những không còn lúng túng trong những bài toán có vẽ thêm hình phụ mà còn hình thành cho mình phương pháp giải đúng đắn, chính xác Trên đây là điều mà tôi đã nghiên cứu, đúc kết trong quá trình giảng dạy mà bản thân chúng tôi đã vận dụng khi dạy học. .. phải bàn thêm Vì vậy tôi rất mong được sự góp ý, xây dựng của các thầy giáo, cô giáo, cùng các bạn đồng nghiệp, nhằm giúp tôi từng bước hoàn thiện phương pháp giảng dạy của mình, đồng thời sẽ góp phần vào việc nâng cao chất lượng dạy và học về phần toán hình có vẽ thêm hình phụ, góp phần tạo hứng thú cho học sinh khi học về dạng toán này Tuy nhiên cũng không nên quá lạm dụng vì có khi nó làm bài toán trở... Toán vẽ thêm hình phụ là một dạng toán khó mà không phải giáo viên hay học sinh nào cũng làm được Với khả năng hạn chế của bản thân, tôi chỉ đề cập đến một số dạng đơn giản mà các em học sinh thường gặp ở chương trình lớp 7, lớp 8 Tôi cũng chỉ đi sâu vào vấn đề nhỏ đó là hướng dẫn, giúp các em có kỹ năng nhìn nhận ra những hướng đi, những cách làm từ đó tìm ra cách giải đúng theo yêu cầu bài toán Với những... = BC 2.2.4 – Giải pháp 4: Vẽ thêm tam giác vuông cân, tam giác đều Phương pháp: Vẽ thêm tam giác vuông cân, tam giác đều làm xuất hiện các cạnh bằng nhau, các góc bằng nhau, góc có số đo 450 (vẽ thêm tam giác vuông cân), góc có số đo 600 (vẽ thêm tam giác đều) µ = 800 Gọi D là điểm nằm trong Ví dụ 11: Cho tam giác cân ABC (AB = AC) có A · · tam giác sao cho DBC = 100 , DCB = 300 Tính số đo góc BAD... (cùng phụ với CAM ), AC = AB (gt) = MAB Do đó ∆ ADC = ∆ AMB (c.g.c) ⇒ DC = MB Xét ∆ AMD vuông cân tại A nên MD2 = MA2 + AD2 (định lý Pytago) Do đó MD2 = 22 + 22 = 8 Xét ∆ MDC vuông tại M, ta có: DC2 = MC2 + MD2 (định lý Pytago) ⇒ MC2 = DC 2 − MD 2 = 32 – 8 = 1 ⇒ MC = 1 (cm) 13 3 – PHẦN KẾT LUẬN Trên đây chỉ là một vài kinh nghiệm nhỏ được rút ra từ thực tế những năm giảng dạy của bản thân tôi Toán vẽ thêm. .. ·ACB = ·ABC = 500 mà DBC · Nhận xét ∆ ABC (AB = AC) có A = 100 , · DCB = 300 Trong trường hợp này ta sử dụng vẽ thêm tam giác đều BMC nằm trên cùng một nửa mặt phẳng bờ BC chứa điểm A Từ đó xác định được số đo góc BAD Lời giải gợi ý: Vì ∆ ABC cân tại A, ¶Α = 800 nên ·ABC = ·ACB = 500 Trên cùng một nửa mặt phẳng bờ BC chứa điểm A, dựng tam giác đều MBC Ta có: ·ABM = ·ACM = 100 Xét ∆ AMB và ∆ AMC có:... AMB = ∆ DCB (g.c.g) ⇒ AB = BD 1800 − 400 Xét ∆ ABD cân tại B có ·ABD = 400 ⇒ ·BAD = ·BDA = = 70 0 2 Vậy ·BAD = 70 0 Ví dụ 12: Cho tam giác ABC cân tại A có góc ở đáy bằng 800 Trên AB lấy điểm D sao cho AD = BC Tính số đo góc ACD? Lời giải gợi ý: Vì tam giác ABC cân tại A nên µA = 1800 − 2·ABC = 200 Trên cùng một nửa mặt phẳng bờ BC chứa điểm A, dựng tam giác đều EBC Ta có: ·ACE = ·ABE = 200 Xét ∆ ACE ... vào đối tượng: - Giáo viên giảng dạy môn Toán THCS Đặc biệt GV giảng dạy bồi dưỡng học sinh giỏi lớp 7, lớp - Học sinh giỏi lớp lớp * Phạm vi nghiên cứu: - Trong sáng kiến nêu số kinh nghiệm”,... ý: Kẻ đường thẳng qua B song song với CE cắt DE F Xét ∆MBF ∆MCE có: · · (so le trong) FBM = ECM BM = MC (gt) · · (đđ) BMF = CME ⇒ ∆MBF = ∆MCE (g.c.g) ⇒ BF = EC (1) ∆ ADE có AH đường cao (vì AH... N, A, M, K thẳng hàng Vậy AM ⊥ BC 2.2.2 – Giải pháp 2: Vẽ thêm đường thẳng song song Phương pháp: Vẽ thêm đường song song nhằm làm xuất hai góc nhau, hai góc bù nhau, Ví dụ 6: Trên hình bên cho