Bùi Đức Thành – 0984.586.179 http://tailieuonthi.vn Bùi Đức Thành – 0984.586.179 http://tailieuonthi.vn BÀI TẬP VỀ NHÀ (Chuyên đề khảo sát hàm số) Câu I: Cho hàm số 1 2 1 x y x     (C) I.1. Viết phương trình tiếp tuyến đi qua điểm M(2 ; 3) đến (C) I.2. Viết phương trình tiếp tuyến với (C), biết rằng tiếp tuyến đó đi qua giao điểm của 2 đường tiệm cận. I.3. Viết phương trình tiếp tuyến tại điểm   M C  , biết tiếp tuyến cắt 2 trục tọa độ tạo thành 1 tam giác có diện tích bằng 1. I.4. Viết phương trình tiếp tuyến tại điểm   M C  , biết tiếp tuyến cắt 2 trục tọa độ tạo thành 1 tam giác cân. Câu II: Cho hàm số   1 m x m y x m       m C II.1. CMR đồ thị hàm số luôn tiếp xúc với một đường thẳng cố định tại 1 điểm cố định. II.2. Tiếp tuyến tại   m M C  cắt 2 tiệm cận tại A, B. CMR M là trung điểm của AB II.3. Cho điểm   0 0 M x , y    3 C . Tiếp tuyến của   3 C tại M cắt các tiệm cận của (C) tại các điểm A và B. Chứng minh diện tích tam giác AIB không đổi, I là giao của 2 tiệm cận. Tìm M để chu vi tam giác AIB nhỏ nhất. Câu III: Cho hàm số 2 2 2 1 3x mx m y x m      . Tìm tham số m để hàm số có: 1. Hai điểm cực trị nằm về hai phía trục tung. 2. Hai điểm cực trị cùng với gốc tọa độ O lập thành tam giác vuông tại O 3. Hai điểm cực trị cùng với điểm M(0; 2) thẳng hàng. 4. Khoảng cách hai điểm cực trị bằng 10 m . 5. Cực trị và tính khoảng cách từ điểm cực tiểu đến TCX. 6. Cực trị và thỏa mãn: 2 3 CD CT y y  . Bùi Đức Thành – 0984.586.179 http://tailieuonthi.vn Page 2 of 89 Câu IV: Cho hàm số 1 2 1 x y x     (C) Tìm m để (C) cắt đường thẳng   : 2 1 m d y mx m    tại 2 điểm phân biệt A, B: a. Thuộc 2 nhánh của đồ thị (C) b. Tiếp tuyến tại A, B vuông góc với nhau c. Thỏa mãn điều kiện 4 . 5 OA OB    Câu V: Cho hàm số   2 3 3 2 1 x x y x      (1) a. Tìm m để đường thẳng y = m cắt đồ thị hàm số (1) tại A và B sao cho AB=2 b. Tìm m để đường thẳng d:   2 3 y m x    và đường cong (1) cắt nhau tại A, B phân biệt sao cho M(2; 3) làm trung điểm của AB. Câu VI: Cho hàm số   1 m x m y x m       m C Dựa vào đồ thị hàm số, tùy theo m hãy biện luận số nghiệm của phương trình: a. 2 2 3 1 log 3 x m x     b. 2 3 2 1 0 3 x m x      Câu VII: Cho hàm số   2 3 3 2 1 x x y x      (1) a. Tìm trên đồ thị 2 điểm A, B thuộc 2 nhánh sao cho AB min. b. Tính diện tích tam giác tạo bởi tiệm cận xiên và các trục tọa độ. Câu VIII: Cho hàm số 1 2 1 x y x     (C) a. Tìm điểm M thuộc (C) sao cho tổng khoảng cách từ M đến 2 trục tọa độ đạt GTNN Bùi Đức Thành – 0984.586.179 http://tailieuonthi.vn Page 3 of 89 b. Tìm điểm M thuộc (C) sao cho tổng khoảng cách từ M đến 2 tiệm cận đạt GTNN c. Tìm 2 điểm A; B thuộc 2 nhánh của đồ thị hàm số sao cho AB min. ………………….Hết………………… Bùi Đức Thành – 0984.586.179 http://tailieuonthi.vn Page 4 of 89 HDG CÁC BTVN Câu I: Cho hàm số 1 2 1 x y x     (C) I.1. Viết phương trình tiếp tuyến đi qua điểm M(2 ; 3) đến (C) I.2. Viết phương trình tiếp tuyến với (C), biết rằng tiếp tuyến đó đi qua giao điểm của 2 đường tiệm cận. I.3. Viết phương trình tiếp tuyến tại điểm   M C  , biết tiếp tuyến cắt 2 trục tọa độ tạo thành 1 tam giác có diện tích bằng 1. I.4. Viết phương trình tiếp tuyến tại điểm   M C  , biết tiếp tuyến cắt 2 trục tọa độ tạo thành 1 tam giác cân. HDG Tập xác định: 1 \ 2 D R         . Ta có:   2 3 ' 0, 2 1 y x D x       Bài 1: Vì đường thẳng x = 2 không là tiếp tuyến của (C), nên phương trình đường thẳng đi qua M (2; 3) có hệ số góc k có dạng:   2 3 y k x    tiếp xúc với (C) khi và chỉ khi hệ:     2 1 2 3 2 1 3 2 1 x k x x k x                 có nghiệm Thế k từ pt thứ hai vào pt đầu ta được:     2 2 1 3 2 3 7 4 4 0 2 1 2 1 x x x x x x             : Vô nghiệm Vậy không có tiếp tuyến nào đi qua M đến (C) Bài 2: Hàm số có: TCĐ: 1 2 x   ; TCN: 1 2 y   1 1 ; 2 2 I          Vì đường thẳng 1 2 x   không là tiếp tuyến của (C), nên phương trình đường thẳng đi qua 1 1 ; 2 2 I         có hệ số góc k có dạng: 1 1 2 2 y k x          tiếp xúc với (C) khi và chỉ khi hệ: Bùi Đức Thành – 0984.586.179 http://tailieuonthi.vn Page 5 of 89   2 1 1 1 2 1 2 2 3 2 1 x k x x k x                      có nghiệm Thế k từ pt thứ hai vào pt đầu ta được:     2 1 3 1 1 3 3 2 1 2 2 2 1 2 2 1 2 1 x x x x x x                    :Vô nghiệm Vậy không có tiếp tuyến nào đi qua I đến (C) Bài 3: Gọi   0 0 1 3 1 ; 2 4 2 M x C x          . Tiếp tuyến tại M có dạng:   0 2 2 0 0 0 0 3 3 1 3 3 1 : 4 4 2 4 2 2 d y x x x x x x x          Giả sử Ox; A d B d Oy    suy ra:   0 0 0 0 2 3 3 ;0 ; 0; 3 x x x A B x              OAB vuông tạo O   2 0 1 2 . 3 1 2 3 OAB S OAOB x       0 0 6 6 6 3 2 2 x x        Vậy có 2 tiếp tuyến thỏa mãn là: 3 4 6 20 40 12 6 y x      hay 3 4 6 20 40 12 6 y x      Bài 4: Tiếp tuyến cắt 2 trục tọa độ tạo thành một tam giác cân nên hệ số góc của tiếp tuyến là 1 k   . Gọi     0 0 ; M x y C  là tiếp điểm - Nếu   0 0 2 0 3 1 3 1 1 2 1 3 2 2 1 k x x x                Với 0 0 1 3 1 3 2 2 x y         tiếp tuyến là: 1 3 y x    Với 0 0 1 3 1 3 2 2 x y         tiếp tuyến là: 1 3 y x    Bùi Đức Thành – 0984.586.179 http://tailieuonthi.vn Page 6 of 89 - Nếu     2 0 2 0 3 1 1 2 1 3 2 1 k x x           : Vô nghiệm Vậy có 2 tiếp tuyến thỏa mãn bài toán là: 1 3 y x    và 1 3 y x    Câu II: Cho hàm số   1 m x m y x m       m C II.1. CMR đồ thị hàm số luôn tiếp xúc với một đường thẳng cố định tại 1 điểm cố định. II.2. Tiếp tuyến tại   m M C  cắt 2 tiệm cận tại A, B. CMR M là trung điểm của AB II.3. Cho điểm   0 0 M x , y    3 C . Tiếp tuyến của   3 C tại M cắt các tiệm cận của (C) tại các điểm A và B. Chứng minh diện tích tam giác AIB không đổi, I là giao của 2 tiệm cận. Tìm M để chu vi tam giác AIB nhỏ nhất. HDG Bài 1: Gọi   0 0 ;M x y là điểm cố định của hàm số   0 0 0 1 ; m x m y m x m           0 0 0 0 0 0 0 0 0 0 0 0 1 0; 1 0 0 0 1 m x y x x y m x y x x x y y                        Với   0; 1 M  , tiếp tuyến tại M là:   ' 0 1 1y y x x     Vậy đồ thị hàm số luôn tiếp xúc với một đường thẳng cố định 1y x   tại   0; 1 M  . Bài 2: Ta có: 2 1 m y m x m      TCĐ: x m và TCN: 1 y m   Gọi   2 ; 1 , 0 m m M a m m C a a            . Tiếp tuyến tại M có dạng:      2 2 2 2 : ' 1 1 m m m d y y a m x a m m x a m m a a a               Gọi A, B là giao điểm của đường thẳng d với TCN, TCĐ tương ứng nên:   2 2 2 ; 1 ; ; 1 m A a m m B m m a           Bùi Đức Thành – 0984.586.179 http://tailieuonthi.vn Page 7 of 89 Nhận thấy 2 2 A B M A B M x x x y y y         M là trung điểm của AB (đpcm) Bài 3: Điểm   3 9 9 : 2 3 ;2 3 M C y M x                Phương trình tiếp tuyến của M có dạng: 2 2 9 18 27 : 2y x          Gọi A, B là giao điểm của đường thẳng d với TCN, TCĐ tương ứng nên:   18 2 3;2 ; 3;2A B a          Vì I là giao điểm của 2 tiệm cận nên   3;2 I + IAB vuông tại I nên: 1 1 18 . . . 2 . 18 2 2 IAB S IA IB       (đvdt) + Chu vi tam giác IAB là: 2 2 18 18 2 4p IA IB AB                  2 2 18 18 2 2 2 4 12 2.2.18 12 6 2                  Dấu = xảy ra 18 2 3           6;5 M hoặc   0; 1 M  Câu III: HDG: Tập xác định:   \ D R m  Ta có:     2 2 2 2 1 1 2 1 3 ' 1 x xm m y x m y x m x m x m              1: Hàm số có hai điểm cực trị nằm về hai phía trục tung  y’ = 0 có 2 nghiệm trái dấu 2 2 ( ) 2 1 g x x xm m      có 2 nghiệm trái dấu cùng khác m Bùi Đức Thành – 0984.586.179 http://tailieuonthi.vn Page 8 of 89 2 1 0 1 1 ( ) 0 m m g m            Vậy   1;1 m  2: Có: 1 2 1 ' 0 1 x x m y x x m            Do đó hàm số luôn đạt cực trị tại 1 2 ;x x . Ta có:     1 1 2 2 4 2; 4 2 y y x m y y x m       Gọi 2 điểm cực trị là     1;4 2 ; 1;4 2 A m m B m m     OAB vuông tại O . 0 OA OB OA OB             2 1 1 4 2 4 2 0 85 17 5 0 17 m m m m m m              Vậy 85 17 m   là giá trị cần tìm. 3:. Ta có:     1; 4 2 ; 1; 4MA m m MB m m        A, M, B thẳng hàng      || 4 1 1 4 2 MA MB m m m m         1 6 2 3 m m     Đáp số: 1 3 m  4: Ta có: 2 10 4 4 10 2 AB m m m      5: Mọi giá trị m thì hàm số luôn có cực trị. Vì   1 lim 3 lim 0 3 x x y x m y x m x m               là TCX của hàm số. Hàm số đạt cực tiểu tại x = m – 1. Khoảng cách từ điểm cực tiểu đến TCX là: Bùi Đức Thành – 0984.586.179 http://tailieuonthi.vn Page 9 of 89     1 4 2 3 1 2 2 m m m h       6: Ta có: 3 4 2 3 8 2 3 3 4 CD CT m y my m               Đáp số: 3 3 ; ; 4 4 m                      Câu IV: Cho hàm số 1 2 1 x y x     (C) Tìm m để (C) cắt đường thẳng   : 2 1 m d y mx m    tại 2 điểm phân biệt A, B: a. Thuộc 2 nhánh của đồ thị (C) b. Tiếp tuyến tại A, B vuông góc với nhau c. Thỏa mãn điều kiện 4 . 5 OA OB    HDG: Xét phương trình hoành độ giao điểm:     2 1 2 1 5 1 2 2 0 2 1 x mx m f x mx m x m x              với 1 2 x     C cắt   m d tại 2 điểm phân biệt A, B   0 f x   có 2 nghiệm phân biệt khác 1 2  2 0 0 17 2 9 0 6 1 1 3 0 2 4 2 m m m m m f m                                   (*) a. Hai điểm A, B thuộc 2 nhánh của đồ thị Bùi Đức Thành – 0984.586.179 http://tailieuonthi.vn Page 10 of 89   0 f x   có 2 nghiệm phân biệt 1 2 ;x x mà 1 2 1 2 x x   0 1 1 3 0 6 2 4 2 m mf m m m                          b. Hệ số góc của tiếp tuyến tại A. B lần lượt là:         2 2 3 3 ' ; ' 2 1 2 1 A A B B A B k y x k y x x x             2 2 3 3 . . 0 2 1 2 1 A B A B k k x x      nên hai tiếp tuyên tại A, B không thể vuông góc với nhau. Vậy không tồn tại m thảo mãn bài toán. c. Gọi 1 2 ;x x là 2 nghiệm của f(x). Giả sử     1 1 2 2 ; 2 1 ; ; 2 1 A x mx m B x mx m     Theo viet ta có: 1 2 1 2 5 1 2 2 m x x m m x x m              Có: 5 4 . 5 . 0 4 OAOB OAOB                              1 2 1 2 2 2 1 2 1 2 2 2 3 2 2 5 2 1 2 1 0 4 5 1 2 1 2 1 0 4 5 1 2 2 2 1 5 1 2 1 0 4 3 4 2 0 4 3 2 1 0 4 1 3 2 4 x x mx m mx m m x x m m x x m m m m m m m m m m m m m m m                                                Đáp số: 1 3 ; 2 4 m         Câu V: Cho hàm số   2 3 3 2 1 x x y x      (1) [...]...  3 1   3 1 3 1  ; ; ; B  thì ABmin  6 2   2 2   2    Vậy hai điểm cần tìm là: A   ………………….Hết………………… Page 15 of 89 Bùi Đức Thành – 0984.586.179 http://tailieuonthi.vn CÁC BÀI TẬP VỀ NHÀ (PT, BPT, HPT ĐẠI SỐ VÀ LƯỢNG GIÁC) Bài I: Giải các phương trình sau: 1 / 4sin 3 x  1  3sin x  3cos3x 2 / sin 3 x  ( 3  2)cos3 x  1 3 / 4sin 3 x  3cos3 x  3sin x  sin 2 x cos x  0 4 / 2sin... 1 f ( x )  g ( x) ta dẫn tới nghiệm trong trường 25 7 Page 21 of 89 Bùi Đức Thành – 0984.586.179 http://tailieuonthi.vn 25  ; 1 7   - Đáp số: x    x ( x  1)  x( x  2)  2 x 2 6, 7, 3 9 ĐS: x  0;     8 x  4  3 x 3 1 - Sử dụng phương pháp hệ quả để giải quyết bài toán, thử lại nghiệm tìm được - Đáp số: x  5; 4  4  3     2 2 2 8, x  4  x  2  3x 4  x  t  x  4 ... x5 3 - Chuyển vế sao cho 2 vế dương, rồi bình phương 2 vế ta dẫn tới phương trình cơ bản Sau đó giải tiếp theo như đã học  14    3 - Đáp số: x  1; 17, x  2 7  x  2 x  1   x 2  8 x  7  1 - Điều kiện: 1  x  7 Page 23 of 89 Bùi Đức Thành – 0984.586.179 http://tailieuonthi.vn - Ta có: x  2 7  x  2 x  1   x 2  8 x  7  1  x 1    x 1  7  x  2 x 1  7  x   x 1  2 x...    2; 1 ,  2; 1 , 1; 2  ,  1, 2  3 x 2  2 xy  16  4,  2 2  x  3 xy  2 y  8  - Đây là hệ đẳng cấp bậc 2 - Nhận xét x = 0 không thỏa mãn hệ, ta xét x  0 , đặt y  tx Page 25 of 89 Bùi Đức Thành – 0984.586.179 http://tailieuonthi.vn  x 2  3  2t   16  Hệ trở thành:  2 2  x 1  3t  2t   8  - Giải hệ này tìm t, x - Đáp số:  x; y    2; 1 ,  2,1  x5  y2... http://tailieuonthi.vn BÀI TẬP VỀ NHÀ (Giới hạn, tích phân và ứng dụng) Tính các tích phân sau: Bài 1  4 sin 3 x dx 1  cos x 2 0 I  Bài 2: I  xdx 1  x  1 0 3 Bài 3: 1 I   x x 2  1dx 0 Bài 4:  s inx  cos x dx 1  sin 2 x I  2 4 Bài 5: I  ln 3 0 e x dx  e x  1 3 Bài 6:  I 2 0 s inxdx 1  3cos x Bài 7: dx 0 1  ex I  1 Bài 8: Page 29 of 89 Bùi Đức Thành – 0984.586.179 http://tailieuonthi.vn... of 89 Bùi Đức Thành – 0984.586.179 http://tailieuonthi.vn  2 I   esinx sin 2 xdx 0 Bài 16: e I   x 2 ln xdx 1 Bài 17: 1 I= 7x  1 99   2x + 1 101 dx 0 Bài 18:  2  I = (x  1)sin 2xdx 0 Bài 19: 2 I= ln(x  1) dx x2 1  Bài 20: 2 I=  0 dx dx 4  x2 Bài 21: Tính các giới hạn sau đây: Page 31 of 89 Bùi Đức Thành – 0984.586.179 http://tailieuonthi.vn *Bµi1: lim 1  x 1  2x 1  3x   1...  x  2 x  1   x 2  8 x  7  1 18, 2 x 2  4 x  x3 2 19, 4 x 2  13x  5  3x  1 20, 5 2 5  x  1  x2   x2  1  x2  x  1 4 4 Page 16 of 89 Bùi Đức Thành – 0984.586.179 http://tailieuonthi.vn Bài III: Giải các hệ phương trình sau: 1 3  2 x  y  x  1,  2 y  1  3  x y  1 1  x  y  y  x 9,  2 y  x3  1   x(3x  2 y )( x  1)  12 2,  2 x  2 y  4x  8  0  x2  y... 2  xy  y 2  3( x  y ), 8,  2 2 2  x  xy  y  7( x  y )  x3  8 x  y 3  2 y  16,  2 2  x  3  3  y  1  ………………….Hết………………… Page 17 of 89 Bùi Đức Thành – 0984.586.179 http://tailieuonthi.vn HDG CÁC BTVN Bài 1: 1/ 4sin 3 x  1  3sin x  3cos4 x  sin 3x  3cos3x  1  k 2   x  18  3 1 3 1      sin 3 x  cos3 x    sin  3x    sin      2 2 2 3   6  x  ... sin 5 x  cos(  5 x) 2  6    k  5   3x   5 x  k 2 x   6  2 24 4    5  3x  5 x    k 2  x  2  k  6  3 2   Page 18 of 89 Bùi Đức Thành – 0984.586.179 http://tailieuonthi.vn 5 / 2sin 4 x  3cos 2 x  16sin 3 x cos x  5  0  2sin 4 x  3cos 2 x  8sin 2 x.2sin 2 x  5  0  1  cos2 x   2sin 4 x  3cos 2 x  8sin 2 x  5  0 2    2sin 4 x  3cos 2 x  4sin 2... 3 2 t  t  3t  3  0   x    k t anx  t    t anx  1  4    2  x     k  t  1  t  3  0  t anx   3   3  Page 19 of 89 Bùi Đức Thành – 0984.586.179 http://tailieuonthi.vn 8 / Sin 2 x  2 tan x  3 Chia VT , VP cho cos 2 x ta có : t  tan x 2 tan x  2 tan x(tan 2 x  1)  3(tan 2 x  1)   3 2 2t  3t  4t  3  0 t  tan x     t anx  1  x   k 2 4  . 0 2 1 2 1 A B A B k k x x      nên hai tiếp tuyên tại A, B không thể vuông góc với nhau. Vậy không tồn tại m thảo mãn bài toán. c. Gọi 1 2 ;x x là 2 nghiệm của f(x). Giả sử     1. Vô nghiệm Vậy không có tiếp tuyến nào đi qua M đến (C) Bài 2: Hàm số có: TCĐ: 1 2 x   ; TCN: 1 2 y   1 1 ; 2 2 I          Vì đường thẳng 1 2 x   không là tiếp tuyến.    OAB vuông tạo O   2 0 1 2 . 3 1 2 3 OAB S OAOB x       0 0 6 6 6 3 2 2 x x        Vậy có 2 tiếp tuyến thỏa mãn là: 3 4 6 20 40 12 6 y x      hay 3 4 6 20 40