Sở Giáo Dục Và Đào Tạo Kì Thi Tuyển Sinh Vào Lớp 10 THPT TỈNH ĐĂKLĂK Năm Học 2010- 2011 Đề Chính Thức Môn: Toán –Chuyên Thời gian làm bài 150 phút Bài 1: 1) Giải phương trình: ( ) 0203694 2 2 2 =+−+− xxxx 2) Giải hệ phương trình: ( )( )    =+++ −=++ 123 623 22 yxyx yxxy Bài 2: 1) Cho a là số thực dương thỏa mãn a 2 ≥ a+2. Chứng minh phương trình: 0422 22 =−++ aaxx 2) Cho phương trình: x 2 + x + m = 0. Tìm m để phương trình có hai nghiệm 21 ; xx . Từ đó tìm giá trị lớn nhất của biểu thức: 2 2 2 1 3 2 3 1 xxxxA −−+= Bài 3: 1) Cho a,b,c là các số thực.Chứng minh rằng: 100510051005100510051005201020102010 accbbacba ++≥++ , với mọi a,b,c. Dấu bằng xảy ra khi nào? 2) Chứng minh biểu thức: ( ) xxxP 45 23 +−= chia hết cho 5, với mọi x nguyên. 3) Tìm nghiệm nguyên x;y của phương trình: ( ) 010272 22 =+++++ yyxx yx Bài 4: 1) Cho hình vuông ABCD. Điểm M di chuyển trên tia đối của tia CD ( M không trung C).Trên đường thẳng BC lấy điểm N sao cho AN vuông góc với AM. a) Chứng minh MAN vuông cân. b) Xác định vị trí điểm M trên tia đối của tia CD sao cho tam giác AEC là tam giác đều, trong đó E là trung điểm của MN. 2) Cho hình thang ABCD vuông tại A và D, biết AB = 6 cm, BC = 5 cm và CD = 3 cm . Tính thể tích hình được tạo thành khi quay hình thang ABCD quanh AD đúng một vòng. 1 Sở Giáo Dục Và Đào Tạo KÌ THI TRUNG HỌC PHỔ THÔNG ĐăkLăk Năm Học 2010-2011 Đáp Án Đề Thi Toán – Chuyên ( Năm 2010 -2011 ) Bài 1 (2đ) Ý NỘI DUNG Điểm 1 + Đặt t = x 2 -4x = (x-2) 2 - 4 ≥ -4 + Phương trình cho trở thành t 2 +9t +20 = 0 t= -5 ; t = -4 + Đối chiếu điều kiện t= -4 + Giải p/t t= - 4 tức x 2 - 4x +4 = 0  x= 2 0,25 0,25 0,25 0,25 2 + Viết lại hệ phương trình ( ){ ( ) 123 623 22 22 =+++ −=++ yyxx yyxx + Đặt u = x 2 +3x = 2 2 3       −x - 4 9 ≥ - 4 9 Và v = y 2 +2y = (y+1) 2 -1 ≥ -1 Ta được hệ p/t :    =+ −= 1 6 vu uv Lúc này u và v là hai nghiệm của p/t : X 2 –X -6 = 0 X=-2 ;X=3 Đối chiếu điều kiện      −≥ −≥ 1 4 9 v u ta có hệ      =+ −=+ 32 23 2 2 yy xx + Giải hệ ta được 4 nghiệm :    −= −=    = −=    −= −=    = −= 3 2 ; 1 2 ; 3 1 ; 1 1 y x y x y x y x 0,25 0,25 0,25 0,25 Bài2 (2đ) 1 = Tính '∆ =a 2 –(2a 2 -4) = 4-a 2 + Từ giải thiết a > 0 ; a 2 ≥ 2+a ta có a 2 ≥ 2 a2 =>a 4 ≥ 8 => a ≥ 2 + Lúc này ' ∆ ≤ 0 +Kết luận : phương trình đã cho không có hai nghiệm phân biệt 0,25 0,25 0,25 2 x 2 +x +m =- 0 (1) P/T (1) có hai nghiệm phân biệt khi x 1 ,x 2 khi ∆ = 1- 4m ≥ 0  m 4 1 ≤ +Theo định lí Vi Et ta có :      = −=+ mxx xx 21 21 1 + A=(x 1 +x 2 ) ( ) [ ] 21 2 21 3 xxxx −+ - ( ) [ ] 21 2 21 2 xxxx −+ =5m -2 0,25 0,25 0,25 2 Vì m 4 1 ≤ nên A 4 3 −≤ do đó giá trị lớn nhất của A là - 4 3 khi m = 4 1 0,25 Bài 3 ( 3đ) 1 Đặt x =a 1005, y = b 1005 ; z = c 1005. Bất đẳng thức cần chứng minh trở thành x 2 +y 2 + +z 2 ≥ xy+yz+zx 2(x 2 +y 2 +x 2 ) ≥ 2(xy+yz+zx) ( x- y) 2 + (y-z) 2 +(z-x) 2 ≥ 0 , ∀ x, y, z ∈ R và dấu “ =” xảy ra khi x= y= z hay a =b = c 0,25 0,25 0,25 0,25 2 + Phân tích P =x(x 4 -5x 2 +4) = x(x 2 -1)(x 2 -4) = (x-2)(x-1)x(x+1)(x+2) - Vì x ∈ Z thì P là tích của 5 số nguyên liên tiếp do đó P  5 với ∀ x ∈ Z 0,25 0,25 0,5 3 +Viết lại p/t đã cho về dạng (x+y) 2 + 7(x+y) +y 2 +10 = 0 Đặt t = x+y ta có t 2 +7t +y 2 +10 = 0 (1) Phương trình (1) có nghiệm theo t khi ∆ = 49 – 4(10+y) 2 > 0 , y 2 ≤ 4 9  y ≤ 2 3 mà y ∈ Z => y = -1; 0;1 . +Với y = -1 thì phương trình x 2 +5x+5 = 0 ( vô nghiệm) + Với y = 0 x 2 +7x +10 = 0  x =-5 ; x= -2 + Với y = 1 giải tương tự không tồn tại số nguyên x thỏa đề bài . + kết luận : p/t đã cho có nghiệm x , y nguyên là    = −=    = −= 0 2 ; 0 5 y x y x 0,25 0,25 0,25 0,25 3 Bài 4: ( 3đ) D A B M C N E Tứ giác MCAN nội tiếp ( vì góc MAN = góc MCN =90 0 ) Ta có góc AMN = góc CAN ( vì góc nội tiếp cùng chắn cung AN) Mà góc ACN=45 0 nên góc AMN = 45 0 do đó ∆ AMN vuông cân tại A ∆ MAN và ∆ MCN là các tam giác vuông cân nên AE = CE = 2 MN Để ∆ AEC đều thì chỉ cần AC= CE. Đặt cạnh hình vuông bằng a ta có AB = a (a> 0) => AC = a 2 => CE = a 2  MN = 2a 2 => AM = 2a. Vậy điểm M cần tìm là giao điểm của tia đối của tia CD với đường tròn tâm A, bán kính bằng 2AB. 0,25 0,25 0,25 0,25 0,25 0,25 2 3cm 4cm 5cm 3cm 3cm A C D B E Từ C dựng đường thẳng song song với AD cắt AB tại E => EB = 3(cm) 0,25 4 Ta có ∆ CEB vuông tại E nên CE = )(4 22 cmEBBC =− Khi quay hình thang ABCD quanh AD đúng một vòng hình thu được là hình nón cụt có bán kính đáy lớn R = 6 (cm) và bán kính đáy nhỏ R’= 3(cm) và chiều cao h= 4 (cm) . Thể tích hình nón cụt là V = ( ) [ ] '' 3 1 2 2 RRRRh ++Π = [ ] 3.6364 3 1 22 ++Π = 84 Π (cm 3 ) 0,25 0,25 0,25 B. HƯỚNG DẪN CHẤM 1) Điểm bài thi đánh giá theo thang điểm từ 0 đến 10. Điểm bài thi là tổng các điểm thành phần và không làm tròn . 2) Học sinh giải cách khác nếu đúng vẫn cho điểm tối đa phần đó . 3 ) Đáp án và biểu điểm gồm 04 trang ***Hết ** 5 . AD đúng một vòng. 1 Sở Giáo Dục Và Đào Tạo KÌ THI TRUNG HỌC PHỔ THÔNG ĐăkLăk Năm Học 2010-2011 Đáp Án Đề Thi Toán – Chuyên ( Năm 2010 -2011 ) Bài 1 (2đ) Ý NỘI DUNG Điểm 1 + Đặt t = x 2 . Sở Giáo Dục Và Đào Tạo Kì Thi Tuyển Sinh Vào Lớp 10 THPT TỈNH ĐĂKLĂK Năm Học 2010- 2011 Đề Chính Thức Môn: Toán Chuyên Thời gian làm bài 150 phút Bài 1: 1) Giải phương trình: ( ) 0203694 2 2 2 =+−+−. :    −= −=    = −=    −= −=    = −= 3 2 ; 1 2 ; 3 1 ; 1 1 y x y x y x y x 0,25 0,25 0,25 0,25 Bài2 (2đ) 1 = Tính '∆ =a 2 –(2a 2 -4) = 4-a 2 + Từ giải thiết a > 0 ; a 2 ≥ 2+a ta có a 2 ≥ 2 a2 =>a 4 ≥ 8 => a ≥ 2 + Lúc này ' ∆ ≤ 0 +Kết luận : phương